2019屆高三物理浙江二輪選考復(fù)習(xí)仿真模擬卷2 ---精校解析word版

1、<p>　　普通高校招生選考(物理)</p><p><b>　　仿真模擬卷(二)</b></p><p>　　一、選擇題Ⅰ(本題共13小題,每小題3分,共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的,不選、多選、錯(cuò)選均不得分)</p><p>　　1.下列各組物理量全是標(biāo)量的是(　　)</p><p&

2、gt;　　A.速度和加速度B.動(dòng)能和重力勢(shì)能</p><p>　　C.電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)D.磁感應(yīng)強(qiáng)度和電流</p><p>　　2.下列儀器中,不能直接測(cè)量力學(xué)的三個(gè)基本物理量的是(　　)</p><p>　　3.如圖所示,一束平行光垂直斜面照射,小球從斜面上的O點(diǎn)以初速度v0沿水平方向拋出,落在斜面上的P點(diǎn),不計(jì)空氣阻力,下列說法正確的是(　　)</p&g

3、t;<p>　　A.小球在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間與v0無關(guān)</p><p>　　B.小球在斜面上的位移OP與v0成正比</p><p>　　C.小球在斜面上的投影勻速移動(dòng)</p><p>　　D.小球在斜面上的投影勻加速移動(dòng)</p><p>　　4.物體甲的速度—時(shí)間圖象和物體乙的位移—時(shí)間圖象分別如圖所示,則兩個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)情況

4、是(　　)</p><p>　　A.甲在0~4 s時(shí)間內(nèi)有往返運(yùn)動(dòng),它通過的總路程為12 m</p><p>　　B.甲在0~4 s時(shí)間內(nèi)通過的位移為零</p><p>　　C.乙在t=2 s時(shí)速度方向發(fā)生改變,與初速度方向相反</p><p>　　D.乙在0~4 s時(shí)間內(nèi)通過的位移為零</p><p>　　5.(20

5、16河南安陽(yáng)調(diào)研)兩個(gè)分別帶有電荷量-Q和+5Q的相同金屬小球(均可視為點(diǎn)電荷),固定在相距為r的兩處,它們間庫(kù)侖力的大小為F,兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?則兩球間庫(kù)侖力的大小為(　　)</p><p>　　A.B.C.D.</p><p>　　6.圖甲為一女士站在臺(tái)階式自動(dòng)扶梯上勻速上樓(忽略扶梯對(duì)手的作用),圖乙為一男士站在履帶式自動(dòng)扶梯上勻速上樓,兩人相對(duì)扶梯均靜止,下列

6、關(guān)于力做功判斷正確的是(　　)[來源:學(xué)科網(wǎng)ZXXK]</p><p>　　A.甲圖中支持力對(duì)人做正功</p><p>　　B.甲圖中摩擦力對(duì)人做負(fù)功</p><p>　　C.乙圖中支持力對(duì)人做正功</p><p>　　D.乙圖中摩擦力對(duì)人做負(fù)功</p><p>　　7.四顆地球衛(wèi)星a、b、c、d的排列位置如圖所示,a

7、是靜止在地球赤道上還未發(fā)射的衛(wèi)星,b是近地軌道衛(wèi)星,c是地球同步衛(wèi)星,d是高字探測(cè)衛(wèi)星,四顆衛(wèi)星相比較(　　)</p><p>　　A.a的向心加速度最大</p><p><b>　　B.c相對(duì)于b靜止</b></p><p>　　C.相同時(shí)間內(nèi)b轉(zhuǎn)過的弧長(zhǎng)最長(zhǎng)</p><p>　　D.d的運(yùn)動(dòng)周期最小</p>

8、;<p>　　8.小李同學(xué)用鐵釘與漆包線繞成電磁鐵,當(dāng)接通電路后,放在其上方的小磁針N極立即轉(zhuǎn)向左側(cè),如圖所示。則此時(shí)(　　)</p><p>　　A.導(dǎo)線A端接電池負(fù)極</p><p>　　B.鐵釘內(nèi)磁場(chǎng)方向向右</p><p>　　C.鐵釘左端為電磁鐵的N極</p><p>　　D.小磁針?biāo)谖恢玫拇艌?chǎng)方向水平向右</

9、p><p>　　9.銅電阻溫度計(jì)價(jià)格便宜,常用于測(cè)量-50~150 ℃溫度段,在這個(gè)范圍內(nèi)電阻與溫度呈線性關(guān)系;Rt=R0(1+at),其中R0為銅電阻溫度計(jì)在0 ℃時(shí)的電阻,Rt為溫度為t時(shí)的電阻,t為溫度,a>0,則此銅電阻的U-I圖線為(　　)</p><p>　　10.如圖所示為某靜電除塵裝置的原理圖,廢氣先經(jīng)過一個(gè)機(jī)械過濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)。圖中虛線是某一帶負(fù)電的塵埃(不計(jì)重

10、力)僅在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡,A、B兩點(diǎn)是軌跡與電場(chǎng)線的交點(diǎn)。不考慮塵埃在遷移過程中的相互作用和電荷量變化,則以下說法正確的是(　　)</p><p>　　A.A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)</p><p>　　B.塵埃在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度</p><p>　　C.塵埃在遷移過程中做勻變速運(yùn)動(dòng)</p><p>　　D.塵埃在

11、遷移過程中電勢(shì)能一直在增大</p><p>　　11.小娟、亮亮兩人共提總重力為G的一桶水勻速前行,如圖所示,兩人手臂用力大小均為F,兩人手臂間的夾角為θ。則(　　)</p><p>　　A.當(dāng)0=60°時(shí),F=</p><p>　　B.當(dāng)θ=90°時(shí),F有最小值</p><p>　　C.當(dāng)θ=120°時(shí),F=G

12、</p><p>　　D.θ越大時(shí),F越小</p><p>　　12.圖甲為某標(biāo)有“35 μF　5%”的電容器,圖乙為標(biāo)有“3.7 V1 350 mAh”的某品牌手機(jī)電池板。則以下說法正確的是(　　)</p><p>　　A.電容器和手機(jī)電池的充電過程都是電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的過程[來源:學(xué)科網(wǎng)]</p><p>　　B.該手機(jī)電池銘牌上的1

13、350 mAh指儲(chǔ)存的電荷量,當(dāng)以135 mA的電流工作時(shí),可連續(xù)放電10小時(shí)</p><p>　　C.該電容器只有在正常工作時(shí)電容才是35 μF左右</p><p>　　D.該手機(jī)電池能儲(chǔ)存的最大電能約為1 kW·h</p><p>　　13.某質(zhì)量為m的電動(dòng)玩具小車在平直的水泥路上由靜止沿直線加速行駛。經(jīng)過時(shí)間t,小車前進(jìn)的距離為x,且速度達(dá)到最大值v

14、m,設(shè)這一過程中電動(dòng)機(jī)的功率恒為P,小車受阻力恒為F,則t時(shí)間內(nèi)(　　)</p><p>　　A.小車做勻加速運(yùn)動(dòng)</p><p>　　B.小車受到的牽引力逐漸增大</p><p>　　C.合外力對(duì)小車所做的功為Pt</p><p>　　D.牽引力對(duì)小車所做的功為Fx+</p><p>　　二、選擇題Ⅱ(本題共3小題,

15、每小題2分,共6分,每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分,選對(duì)但不全的得1分,有選錯(cuò)的得0分)[來源:學(xué)#科#網(wǎng)Z#X#X#K]</p><p>　　14.【加試題】宇航員在太空中做實(shí)驗(yàn),如圖所示,左邊為彈簧振動(dòng)系統(tǒng),振子連接一根很長(zhǎng)的軟繩,沿繩方向取x軸。振子從平衡位置O以某一初速度向A端開始運(yùn)動(dòng),振動(dòng)頻率為f=10 Hz,振幅為5 cm,當(dāng)振子從O點(diǎn)出發(fā)后,第五次經(jīng)過O點(diǎn)時(shí),波

16、剛好傳播到x=25 cm處,則下列說法正確的是(　　)</p><p>　　A.當(dāng)振子向上經(jīng)過距O點(diǎn)3 cm處時(shí)正在加速</p><p>　　B.繩上產(chǎn)生的波的傳播速度為v=10 cm/s</p><p>　　C.振子從O點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)的速度越大,再次回到O點(diǎn)的時(shí)間越長(zhǎng)</p><p>　　D.振子從O點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)的速度不同,波在繩子中傳播的速度也

17、不同</p><p>　　15.【加試題】下列有關(guān)說法正確的是(　　)</p><p>　　A.鈾核發(fā)生α衰變時(shí),釋放出α粒子和一定的能量,目前核電站利用的就是這一自發(fā)釋放的能量</p><p>　　B.如果利用紫光照射某種金屬可以發(fā)生光電效應(yīng),改用紅光一定不能發(fā)生光電效應(yīng)</p><p>　　C.氫原子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí),會(huì)釋放出一

18、定頻率的光子</p><p>　　D.機(jī)械波和電磁波都具有干涉、衍射的特性</p><p>　　16.【加試題】如圖所示,在某一輸電線路的起始端接入兩個(gè)理想變壓器,原、副線圈的匝數(shù)比分別為n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶100,圖中a、b表示電流表或電壓表,已知電壓表的示數(shù)為22 V,電流表的示數(shù)為1 A,則以下說法正確的是(　　)</p><p>　　A.

19、a為電流表,b為電壓表</p><p>　　B.a為電壓表,b為電流表</p><p>　　C.輸電線路總電阻為22 Ω</p><p>　　D.線路輸送電功率是220 kW</p><p>　　三、非選擇題(本題共7小題,共55分)</p><p>　　17.(5分)如圖所示,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上,使重物帶動(dòng)紙帶

20、從靜止開始自由下落,利用此裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。</p><p>　　(1)對(duì)于該實(shí)驗(yàn),下列操作中對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差有利的是　　　　。 </p><p>　　A.重物選用質(zhì)量和密度較大的金屬錘</p><p>　　B.兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對(duì)正</p><p>　　C.精確測(cè)量出重物的質(zhì)量</p><p>

21、　　D.用手托穩(wěn)重物,接通電源后,撒手釋放重物</p><p>　　(2)某實(shí)驗(yàn)小組利用上述裝置將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接到50 Hz的交流電源上,按正確操作得到了一條完整的紙帶,由于紙帶較長(zhǎng),圖中有部分未畫出,如圖所示。紙帶上各點(diǎn)是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的計(jì)時(shí)點(diǎn),其中O點(diǎn)為紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)。重物下落高度應(yīng)從紙帶上計(jì)時(shí)點(diǎn)間的距離直接測(cè)出,利用下列測(cè)量值能完成驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的選項(xiàng)有　　　　。 </p>

22、<p>　　A.OA、AD和EG的長(zhǎng)度　　B.OC、BC和CD的長(zhǎng)度</p><p>　　C.BD、CF和EG的長(zhǎng)度　　D.AC、BD和EG的長(zhǎng)度</p><p>　　18.(5分)某物理興趣小組利用如圖所示電路,測(cè)量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)和電阻“×1 k”擋內(nèi)部電路的總電阻。使用的器材有:多用電表、電壓表:量程0~5 V,內(nèi)阻為RV、滑動(dòng)變阻器(最大阻值5 kΩ)

23、、導(dǎo)線若干。回答下列問題:</p><p>　　(1)將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻“×1 k”擋,再將紅表筆和黑表筆短接,調(diào)零點(diǎn)。</p><p>　　(2)將圖1中多用電表的黑表筆和　　　　(選填“1”或“2”)端相連,紅表筆連接另一端。 </p><p>　　(3)多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的

24、電路,如圖2所示,設(shè)此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為E,電阻“×1 k”擋內(nèi)部電路的總內(nèi)阻為r。調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器,測(cè)得多組多用電表的讀數(shù)R和電壓表讀數(shù)U,由測(cè)得的數(shù)據(jù),繪出如圖3所示的-R圖線,已知圖中斜率為k,縱軸截距為b,則電源電動(dòng)勢(shì)E=　　　　　,電阻r=　　　　　(用k,b,RV表示)。 </p><p>　　19.(9分)觀光旅游、科學(xué)考察經(jīng)常利用熱氣球,保證熱氣球的安全就十分重要。科研人員

25、進(jìn)行科學(xué)考察時(shí),氣球、座艙、壓艙物和科研人員的總質(zhì)量為M=1 000 kg,在空中停留一段時(shí)間后,由于某種故障,氣球受到的空氣浮力減小,當(dāng)科研人員發(fā)現(xiàn)氣球在豎直下降時(shí),氣球速度為v0=2 m/s,此時(shí)開始,經(jīng)t0=4 s氣球繼續(xù)勻加速下降h1=16 m,科研人員立即拋掉一些壓艙物,使氣球勻速下降。不考慮氣球由于運(yùn)動(dòng)而受到的空氣阻力。求:</p><p>　　(1)氣球加速下降階段的加速度大小a;</p>

26、;<p>　　(2)拋掉壓艙物的質(zhì)量m;</p><p>　　(3)氣球從靜止開始經(jīng)過t=12 s的時(shí)間內(nèi)下落的總高度h總。</p><p>　　20.(12分)如圖所示,水平傳送帶AB向右勻速運(yùn)動(dòng),傾角為θ=37°的傾斜軌道與水平軌道平滑連接于C點(diǎn),小物塊與傳送帶AB及傾斜軌道和水平軌道之間均存在摩擦,動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ=0.4,傾斜軌道長(zhǎng)度LPC=0.75 m,C

27、與豎直圓軌道最低點(diǎn)D處的距離為L(zhǎng)CD=0.525 m,圓軌道光滑,其半徑R=0.5 m。質(zhì)量為m=0.2 kg可看作質(zhì)點(diǎn)的小物塊輕輕放在傳送帶上的某點(diǎn),小物塊隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),之后沿水平飛出恰好從P處切入傾斜軌道后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)(進(jìn)入P點(diǎn)前后不考慮能量損失),經(jīng)C處運(yùn)動(dòng)至D,在D處進(jìn)入豎直平面圓軌道,恰好繞過圓軌道的最高點(diǎn)E之后從D點(diǎn)進(jìn)入水平軌道DF向右運(yùn)動(dòng)。(最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,sin 37°=0.6,cos 3

28、7°=0.8)求:</p><p>　　(1)物塊剛運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低處D時(shí)對(duì)軌道的壓力;</p><p>　　(2)傳送帶對(duì)小物塊做的功W;</p><p>　　(3)若傳送帶AB向右勻速運(yùn)動(dòng)的速度v0=5 m/s,求小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)過程中由于相互摩擦而產(chǎn)生的熱量Q。</p><p>　　21.(4分)【加試題】在用插針法測(cè)玻

29、璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中,玻璃磚的ab邊與a'b'邊相互平行,aa'邊與bb'邊不平行。某同學(xué)在白紙上仔細(xì)畫出了玻璃磚的兩條邊線aa'和bb',如圖所示。</p><p>　　(1)實(shí)驗(yàn)時(shí),先在玻璃磚的一側(cè)插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO。接著,眼睛在玻璃磚的　　　　(選填“同一側(cè)”或“另一側(cè)”)觀察所插的兩枚大頭針P1和P2,同時(shí)通過插第三、第四枚大頭針來確定從

30、玻璃磚射出的光線。 </p><p>　　(2)實(shí)驗(yàn)中是否要求四枚大頭針的針帽在同一視線上?　　　　(選填“是”或“否”)。 </p><p>　　(3)下列操作可以減小實(shí)驗(yàn)誤差的是　　　(填字母代號(hào))。 </p><p>　　A.適當(dāng)增大大頭針P1、P2的間距</p><p>　　B.選擇玻璃磚相互平行的ab、

31、a'b'邊來測(cè)量</p><p>　　C.選用盡可能細(xì)的筆畫線</p><p>　　D.使AO的入射角接近于90°</p><p><b>　　22.</b></p><p>　　(10分)【加試題】如圖所示,兩條相距l(xiāng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌位于同一豎直面(紙面)內(nèi),其上端接一阻值為R的電阻;在兩導(dǎo)

32、軌間OO'下方區(qū)域內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B?，F(xiàn)使電阻為r、質(zhì)量為m的金屬棒ab由靜止開始自O(shè)O'位置釋放,向下運(yùn)動(dòng)距離d后速度不再變化。(棒ab與導(dǎo)軌始終保持良好的接觸且下落過程中始終保持水平,導(dǎo)軌電阻不計(jì))</p><p>　　(1)求棒ab在向下運(yùn)動(dòng)距離d過程中回路產(chǎn)生的總焦耳熱;</p><p>　　(2)棒ab從靜止釋放經(jīng)過時(shí)間t0下降了,求此

33、時(shí)刻的速度大小;</p><p>　　(3)如圖在OO'上方區(qū)域加一面積為S的垂直于紙面向里的均勻磁場(chǎng)B',棒ab由靜止開始自O(shè)O'上方某一高度處釋放,自棒ab運(yùn)動(dòng)到OO'位置開始計(jì)時(shí),B'隨時(shí)間t的變化關(guān)系為B'=kt,式中k為已知常量;棒ab以速度v0進(jìn)入OO'下方磁場(chǎng)后立即施加一豎直外力使其保持勻速運(yùn)動(dòng)。求在t時(shí)刻穿過回路的總磁通量和電阻R的電功率。&

34、lt;/p><p>　　23.(10分)【加試題】如圖所示的xOy坐標(biāo)系中,y軸右側(cè)空間存在范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng),方向垂直于xOy平面向里。P點(diǎn)的坐標(biāo)為(-L,0),M1、M2兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(0,L)、(0,-L)。質(zhì)量為m1電荷量為q的帶負(fù)電粒子A1,靠近極板經(jīng)過加速電壓為U的電場(chǎng)從靜止加速后,沿PM1方向運(yùn)動(dòng)。有一質(zhì)量也為m、不帶電的粒子A2靜止在M1點(diǎn),粒子A1經(jīng)過M1點(diǎn)時(shí)與A2發(fā)生碰撞,碰后粘在一起成為一個(gè)

35、新粒子A3進(jìn)入磁場(chǎng)(碰撞前后質(zhì)量守恒、電荷量守恒),通過磁場(chǎng)后直接到達(dá)M2,在坐標(biāo)為處的C點(diǎn)固定一平行于y軸放置絕緣彈性擋板,C為擋板中點(diǎn)。假設(shè)帶電粒子與彈性絕緣擋板碰撞前后,沿y方向分速度不變,沿x方向分速度大小不變、方向相反。不計(jì)所有粒子的重力及粒子間的相互作用力。</p><p>　　(1)粒子A1與A2碰后瞬間的速度大小。</p><p>　　(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。</p&

36、gt;<p>　　(3)若粒子A2帶負(fù)電,且電荷量為q',發(fā)現(xiàn)粒子A3與擋板碰撞兩次,能返回到P點(diǎn),求粒子A2的電荷量q'。</p><p>　　普通高校招生選考(物理)仿真模擬卷(二)</p><p><b>　　一、選擇題Ⅰ</b></p><p>　　1.B　解析 速度、加速度和磁感應(yīng)強(qiáng)度都是既有大小又有方向

37、的物理量,是矢量;而動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)只有大小無方向,是標(biāo)量;電流強(qiáng)度雖然有方向,但是不滿足平行四邊形法則,是標(biāo)量;則選項(xiàng)B正確,A、C、D錯(cuò)誤。</p><p>　　2.D　解析 刻度尺用來測(cè)量長(zhǎng)度,而長(zhǎng)度是基本物理量,故A正確。天平用來測(cè)量質(zhì)量,而質(zhì)量是基本物理量,故B正確。停表用來測(cè)量時(shí)間,而時(shí)間是基本物理量,故C正確。彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量力的大小,而力不是基本物理量,故D錯(cuò)誤。</p><

38、p>　　3.D　解析 根據(jù)tan θ=得,t=,可知小球只要落在斜面上,在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與初速度有關(guān),故A錯(cuò)誤;xOP=,則小球在斜面上的位移OP與v0平方成正比,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;將速度分解成平行與垂直斜面方向,平行斜面方向運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng),而垂直斜面方向先勻減速直線運(yùn)動(dòng),后勻加速直線運(yùn)動(dòng),可知小球在斜面上的投影加速移動(dòng),故C錯(cuò)誤,D正確。</p><p>　　4.B　解析 甲在前2 s內(nèi)沿負(fù)方向做勻減速直

39、線運(yùn)動(dòng),后2 s內(nèi)沿正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng),即4 s時(shí)間內(nèi)做往返運(yùn)動(dòng);0~4 s時(shí)間內(nèi)甲通過的總路程為兩個(gè)三角形的面積大小代數(shù)之和,故總位移為0,故A錯(cuò)誤,B正確;x-t圖象的斜率表示速度,乙圖表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng),速度方向不變,故C錯(cuò)誤;乙在4 s時(shí)間內(nèi)從-3 m運(yùn)動(dòng)到+3 m位置,故位移為Δx=6 m,故D錯(cuò)誤。</p><p>　　5.D　解析 兩球相距r時(shí),庫(kù)侖力F=k;兩球接觸后,電荷量均為2Q,則庫(kù)

40、侖力F'=k,由以上兩式可解得F'=,D正確。</p><p>　　6.A　解析 題圖甲中,人勻速上樓,不受靜摩擦力,摩擦力不做功,支持力豎直向上,與速度方向?yàn)殇J角,則支持力做正功,故A正確,B錯(cuò)誤。題圖乙中,支持力與速度方向垂直,支持力不做功,摩擦力方向與速度方向相同,做正功,故C、D錯(cuò)誤。</p><p>　　7.C　解析 同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同,角速度相

41、同,則知a與c的角速度相同,根據(jù)a=ω2r知,c的向心加速度比a的向心加速度大,故A錯(cuò)誤;b是近地軌道衛(wèi)星,c是地球同步衛(wèi)星,c相對(duì)于地面靜止,近地軌道衛(wèi)星相對(duì)于地面運(yùn)動(dòng),所以c相對(duì)于b運(yùn)動(dòng),故B錯(cuò)誤;由萬有引力提供向心力:=mrω2,解得ω=,衛(wèi)星的半徑越大,角速度越小,所以b的角速度最大,在相同時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長(zhǎng)最長(zhǎng),故C正確;根據(jù)開普勒第三定律可知,衛(wèi)星的半徑越大,周期越大,所以d的運(yùn)動(dòng)周期大于c的周期24 h,故D錯(cuò)誤。</

42、p><p>　　8.B　解析 當(dāng)接通電路后,放在其上方的小磁針N極立即轉(zhuǎn)向左側(cè),所以小磁針處的磁場(chǎng)的方向向左,通電螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向右,鐵釘右端為電磁鐵的N極。所以漆包線內(nèi)電流由A流向B,導(dǎo)線A端接電池正極,故B正確,A、C、D錯(cuò)誤。</p><p>　　9.C　解析 隨溫度升高,銅電阻溫度計(jì)電阻變大,故的值隨電流變大,即U-I圖線的斜率增大,故C正確,A、B、D錯(cuò)誤。</p>

43、;<p>　　10.B　解析 A.由圖可知,作過B點(diǎn)的等勢(shì)線,交A所在電場(chǎng)線于B',則可知,B'點(diǎn)靠近正極板,故B點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì),故A錯(cuò)誤。</p><p>　　B.由圖可知,A點(diǎn)電場(chǎng)線比B點(diǎn)密集,因此A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度,故A點(diǎn)的電場(chǎng)力大于B點(diǎn)的電場(chǎng)力,再根據(jù)牛頓第二定律可知,A點(diǎn)的加速度大于B點(diǎn)的加速度,故B正確。</p><p>　　C.

44、放電極與集塵極間建立非勻強(qiáng)電場(chǎng),塵埃所受的電場(chǎng)力是變化的,故粒子不可能做勻變速運(yùn)動(dòng),故C錯(cuò)誤。</p><p>　　D.塵埃在遷移過程中,電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減小,故D錯(cuò)誤。</p><p>　　11.C　解析 設(shè)小娟、小明的手臂對(duì)水桶的拉力大小為F,小娟、小明的手臂夾角成θ 角,根據(jù)對(duì)稱性可知,兩人對(duì)水桶的拉力大小相等,則根據(jù)平衡條件得</p><p><b

45、>　　2Fcos=G</b></p><p><b>　　解得F=,</b></p><p>　　當(dāng)θ=0°時(shí),cos值最大,則F=,此時(shí)F最小,</p><p>　　當(dāng)θ=60°時(shí),F=G,</p><p>　　當(dāng)θ=90°時(shí),F=G,</p><p&

46、gt;　　當(dāng)θ=120°時(shí),F=G,</p><p>　　當(dāng)θ越大時(shí),則F越大;故A、B、D錯(cuò)誤,C正確。</p><p>　　12.B　解析 A.電容器充電時(shí)是將電能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能,而手機(jī)電池的充電過程都是電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的過程,故A錯(cuò)誤;</p><p>　　B.由q=It可知,該手機(jī)電池銘牌上的1 350 mA·h指儲(chǔ)存的電荷量,故t= h=

47、10 h,因此當(dāng)以135 mA的電流工作時(shí),可連續(xù)放電10小時(shí),故B正確;</p><p>　　C.電容器的電容是電容器本身性質(zhì)決定的,任何時(shí)刻均為35 μF左右,故C錯(cuò)誤;</p><p>　　D.由W=UIt可知,該手機(jī)的最大電能為W=3.7×1 350×10-3 kW·h≈0.5 kW·h,故D錯(cuò)誤。</p><p>　

48、　13.D　解析 電動(dòng)機(jī)功率恒定,P=F牽v,結(jié)合牛頓第二定律可知F牽-F=ma,v=at可知,當(dāng)速度增大時(shí),牽引力減小,加速度減小,故小車做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng),故A、B錯(cuò)誤。整個(gè)過程中,牽引力做正功,阻力做負(fù)功,故合力做功為W=,Pt為牽引力所做的功,故C錯(cuò)誤。整個(gè)過程中,根據(jù)動(dòng)能定理可知Pt-Fx=,解得Pt=Fx+,故D正確。</p><p><b>　　二、選擇題Ⅱ</b><

49、;/p><p>　　14.B　解析 當(dāng)振子向上經(jīng)過距O點(diǎn)3 cm處時(shí),振子是遠(yuǎn)離平衡位置,故振子減速,A錯(cuò)誤;當(dāng)振子從O點(diǎn)出發(fā)后,第五次經(jīng)過O點(diǎn)時(shí),經(jīng)過兩個(gè)半全振動(dòng),波剛好傳播到x=25 cm處,說明波長(zhǎng)λ為10 cm,故波速v==λf=1 m/s,B正確;振子從O點(diǎn)開始到再次回到O點(diǎn)的時(shí)間為,簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期與振幅無關(guān),故C錯(cuò)誤;波在繩子中的傳播速度由繩子決定,故D錯(cuò)誤。</p><p>　　

50、15.CD　解析 A.α衰變時(shí)放出的能量比較小,目前核電站利用的是鈾核發(fā)生裂變時(shí)釋放的能量,故A錯(cuò)誤。</p><p>　　B.用紫光照射某種金屬可以發(fā)生光電效應(yīng),可知紫光的頻率大于金屬的極限頻率,紅光的頻率小于紫光的頻率,用紅光照射不一定能產(chǎn)生光電效應(yīng),故B錯(cuò)誤。</p><p>　　C.氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí),能量減小,要釋放一定頻率的光子,故C正確。</p&

51、gt;<p>　　D.干涉與衍射都是波特有的性質(zhì),機(jī)械波和電磁波都具有干涉、衍射的特性,故D正確。</p><p>　　16.BD　解析 由題圖可知,a表是電壓表,b表是電流表。而左側(cè)互感器原線圈的匝數(shù)與副線圈匝數(shù)比為100∶1,右側(cè)互感器原線圈的匝數(shù)與副線圈匝數(shù)比為1∶100,由電壓表的示數(shù)為22 V,得原線圈的電壓為2 200 V,由電流表的示數(shù)為1 A,原線圈的電流為100 A。所以線路輸送功

52、率是2.2×105 W=220 kW,由已知條件無法求輸電線電阻。故B、D正確,A、C錯(cuò)誤。</p><p><b>　　三、非選擇題</b></p><p>　　17.答案 (1)AB　(2)BC</p><p>　　解析 (1)重物選用質(zhì)量和密度較大的金屬錘,減小空氣阻力,以減小誤差,故A正確;兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對(duì)正,減小

53、紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間的摩擦力,以減小誤差,故B正確;驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的原理是mgh=,重物質(zhì)量可以消掉,無需精確測(cè)量出重物的質(zhì)量,故C錯(cuò)誤;用手拉穩(wěn)紙帶,而不是托住重物,接通電源后,撒手釋放紙帶,故D錯(cuò)誤。</p><p>　　(2)由EG的長(zhǎng)度可求出F點(diǎn)的速度vF,O點(diǎn)的速度v1=0,但求不出OF之間的距離,故A錯(cuò)誤;由BC和CD的長(zhǎng)度可求出C點(diǎn)的速度vC,O點(diǎn)的速度v1=0,OC之間的距離h,可以用來驗(yàn)證機(jī)

54、械能守恒定律,故B正確;由BD和EG的長(zhǎng)度可分別求C點(diǎn)的速度vC和F點(diǎn)的速度vF,CF之間的距離h,可以來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律,故C正確;AC、BD和EG的長(zhǎng)度可分別求出B、C、F三點(diǎn)的速度,但BC、CF、BF之間的距離都無法求出,無法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律,故D錯(cuò)誤。</p><p>　　18.答案 (2)2　(3)</p><p>　　解析 (2)多用電表的黑表筆內(nèi)部接電源的正極,則將圖1中

55、多用電表的黑表筆和2端相連,紅表筆連接另一端。</p><p>　　(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律,電動(dòng)勢(shì)為:E=(R+r),則R+,由圖象可知:=k;=b,解得:E=,r=。</p><p>　　19.答案 (1)1 m/s2　(2)100 kg　(3)54 m</p><p>　　解析 (1)設(shè)氣球加速下降的加速度為a,受空氣的浮力為F,則:</p>

56、<p>　　由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知:h1=v0t0+</p><p>　　解得:a=1 m/s2</p><p>　　(2)由牛頓第二定律得到:Mg-F=Ma</p><p>　　拋掉質(zhì)量為m的壓艙物,氣球勻速下降,有:(M-m)g=F</p><p>　　解得:m=100 kg</p><p>　　(3)設(shè)拋掉壓

57、艙物時(shí),氣球的速度為v1</p><p>　　由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知:v1=v0+at0=6 m/s</p><p><b>　　h=+v1t1</b></p><p><b>　　解得:h=54 m</b></p><p>　　20.答案 (1)12 N,方向豎直向下</p><p&

58、gt;<b>　　(2)1.6 J</b></p><p><b>　　(3)2.4 J</b></p><p>　　解析 (1)小球恰好過E點(diǎn):mg=m</p><p>　　D到E過程:-mg2R=m()</p><p>　　D點(diǎn):FN-mg=m,</p><p><

59、b>　　則:FN=12 N</b></p><p>　　由牛頓第三定律得到物塊到D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力為12 N,方向豎直向下。</p><p><b>　　(2)從P點(diǎn)到D點(diǎn)</b></p><p>　　mgsin θLPC-μmgcos θLPC-μmgLCD=m()</p><p>　　vP=5 m/s

60、,vB=4 m/s</p><p>　　傳送帶對(duì)小物塊做的功為:W==1.6 J</p><p>　　(3)小物塊在傳送帶上加速過程:t==1 s</p><p>　　Δx=v0t-=3 m</p><p>　　Q=μmgΔx=2.4 J</p><p>　　21.答案 (1)另一側(cè)　(2)否　(3)AC</p&

61、gt;<p>　　解析 (1)實(shí)驗(yàn)時(shí),先在玻璃磚的一側(cè)插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO;接著,眼睛在玻璃磚的另一側(cè)觀察所插的兩枚大頭針P1和P2,同時(shí)通過插第三、第四枚大頭針來確定從玻璃磚射出的光線。</p><p>　　(2)實(shí)驗(yàn)中要求四枚大頭針的針尖在同一視線上,而不是針帽。</p><p>　　(3)A.大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些時(shí),相同的距

62、離誤差,引起的角度誤差會(huì)減小,角度的測(cè)量誤差會(huì)小些,故A正確。</p><p>　　B.作插針法測(cè)定折射率時(shí),玻璃磚上下表面不一定要平行,故B錯(cuò)誤。</p><p>　　C.為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線,選用盡可能細(xì)的筆畫線,故C正確。</p><p>　　D.為了減小測(cè)量的相對(duì)誤差,選擇的入射角應(yīng)盡量大些,效果會(huì)更好,但不是接近90°,故D錯(cuò)誤。<

63、;/p><p>　　22.答案 (1)mgd-　(2)gt0-　(3)Blv0t+ktS　R</p><p>　　解析 本題考查能量守恒、動(dòng)量定理、閉合電路定律的知識(shí),意在考查學(xué)生的分析能力。</p><p>　　(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律有I=</p><p>　　mg=BIl[來源:Z&xx&k.Com]</p>

64、<p><b>　　解得vm=</b></p><p>　　根據(jù)能量守恒有mgd=+Q</p><p><b>　　Q=mgd-;</b></p><p>　　(2)根據(jù)動(dòng)量定理有(mg-BIl)t0=mv</p><p>　　mgt0-Blq=mv</p><p&g

65、t;<b>　　q=</b></p><p><b>　　v=gt0-</b></p><p>　　(3)Φ=Blv0t+ktS</p><p>　　E==Blv0+kS</p><p><b>　　I=</b></p><p><b>　　P

66、=I2R?P=R</b></p><p>　　23.答案 (1)　(2)　(3)q</p><p>　　解析 (1)粒子A1經(jīng)電壓U加速得Uq=mv2</p><p>　　與靜止的A2發(fā)生碰撞,由動(dòng)量守恒定律得mv=2mv3</p><p><b>　　聯(lián)立可得v3=</b></p><p

67、>　　(2)粒子A3在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),畫出運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。</p><p>　　由幾何關(guān)系可知粒子A3做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r3=O3M1=L</p><p>　　對(duì)粒子A3,洛倫茲力提供向心力,qv3B=2m</p><p><b>　　從而求得B=</b></p><p>　　(3)若讓A2帶上負(fù)電q&#

68、39;,由于總的電荷量變大,則A3粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑減小設(shè)為r4,由題設(shè)畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,進(jìn)入磁場(chǎng)的方向與PM1平行,</p><p>　　每次在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)一次,沿y軸的負(fù)方向下移距離</p><p>　　Δy1=2r4cos45°=r4</p><p>　　離開磁場(chǎng)的方向與M2P平行。從磁場(chǎng)出來與C板碰撞再進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),粒子沿y軸正

69、方向上移的距離</p><p>　　Δy2=2tan 45°=L</p><p>　　由題意經(jīng)過兩次與C板碰撞后回到P點(diǎn),則有[來源:學(xué)*科*網(wǎng)Z*X*X*K]</p><p>　　3Δy1-2Δy2=2L</p><p>　　聯(lián)立以上兩式可得r4=L</p><p>　　而對(duì)粒子A3做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)有(q+