簡介：1電學與原子物理學選擇題押題練（三）電學與原子物理學選擇題押題練（三）1如圖所示，電場中一帶正電的粒子在點電荷＋如圖所示，電場中一帶正電的粒子在點電荷＋Q形成的電場中形成的電場中以某一初速度沿以某一初速度沿直線從直線從A點運動到點運動到B點，粒子在點，粒子在A點的速度大小為點的速度大小為V0。則選項圖中。則選項圖中能定性反映該粒能定性反映該粒子從子從A點向點向B點運動情況的速度點運動情況的速度時間圖像的是時間圖像的是粒子重力忽略不計粒子重力忽略不計解析解析選C粒子從粒子從A運動到運動到B過程中，電場力做負功，速度逐漸減小，由牛頓第二定律得過程中，電場力做負功，速度逐漸減小，由牛頓第二定律得F＝F庫＝＝MA，可知粒子在向，可知粒子在向B運動的過程中，加速度大小運動的過程中，加速度大小A逐漸增大，因逐漸增大，因VT圖像斜率的大小表示加速度的大圖像斜率的大小表示加速度的大KQQR2小，故小，故C選項正確。選項正確。2平行板電容器兩個帶電極板之間存在引力作用，引力的大小與內部場強平行板電容器兩個帶電極板之間存在引力作用，引力的大小與內部場強E和極板所帶電荷量和極板所帶電荷量Q的乘的乘積成正比。今有一平行板電容器兩極板接在恒壓直流電源上，現將兩極板間距減小至原來的積成正比。今有一平行板電容器兩極板接在恒壓直流電源上，現將兩極板間距減小至原來的，則，則A、B兩49極板之間的引力與原來的比值是極板之間的引力與原來的比值是AB3294CD2788116解析解析選D兩極板間距變?yōu)樵瓉淼膬蓸O板間距變?yōu)樵瓉淼模鶕娙輿Q定式，根據電容決定式C＝可知，電容器的電容變?yōu)樵瓉淼目芍?，電容器的電容變?yōu)樵瓉淼?，根，?9ΕRS4ΠKD94據Q＝CU可知，極板所帶電荷量變?yōu)樵瓉淼目芍?，極板所帶電荷量變?yōu)樵瓉淼模鶕妶鰪姸裙?，根據電場強度公式E＝可知，內部電場強度變?yōu)樵瓉淼目芍?，內部電場強度變?yōu)樵瓉淼?4UD94，由于，由于F＝KQE，所以兩極板之間的引力變?yōu)樵瓉淼?，所以兩極板之間的引力變?yōu)樵瓉淼模?，故D正確。正確。81163質譜儀是測量帶電粒子的比荷和分析同位素的重要工具。如圖質譜儀是測量帶電粒子的比荷和分析同位素的重要工具。如圖所示，帶電粒所示，帶電粒子從容器子從容器A下方的小孔下方的小孔S1飄入電勢差為飄入電勢差為U的加速電場，其初速度幾的加速電場，其初速度幾乎為零，然后乎為零，然后經過經過S3沿著與磁場垂直的方向進入磁感應強度為沿著與磁場垂直的方向進入磁感應強度為B的勻強磁場中，的勻強磁場中，最后打到照相最后打到照相底片底片D上。現有某種元素的三種同位素的原子核由容器上。現有某種元素的三種同位素的原子核由容器A進入質譜進入質譜儀，最后分別儀，最后分別打在底片打在底片P1、P2、P3三個位置，不計粒子重力，則打在三個位置，不計粒子重力，則打在P1處的粒子處的粒子A質量最小質量最小B比荷最小比荷最小C動能最小動能最小D動量最小動量最小解析解析選B由題圖知，打在由題圖知，打在P1處的粒子偏轉半徑處的粒子偏轉半徑R最大，粒子在加速電場中加速時，有最大，粒子在加速電場中加速時，有UQ＝MV2；12粒子在磁場中偏轉時有粒子在磁場中偏轉時有BQV＝M，則，則R＝＝，則打在，則打在P1處的粒子比荷最小，選項處的粒子比荷最小，選項B正確。正確。V2RMVBQ1B2UMQ3解析解析選BD一電子由一電子由M點分別運動到點分別運動到P點和點和Q點的過程中，電場力所做的負功相等，說明點的過程中，電場力所做的負功相等，說明M點電點電勢高于勢高于P點、點、Q點，且點，且P、Q兩點電勢相等，可知點電荷兩點電勢相等，可知點電荷Q在PQ連線的垂直平分線上，且在連線的垂直平分線上，且在PQ的上方，的上方，不一定位于不一定位于O點，點，A錯誤，錯誤，B正確；由以上分析可知，正確；由以上分析可知，N點電勢與點電勢與M點電勢相等，也高于點電勢相等，也高于P、Q兩點的電兩點的電勢，所以勢，所以Q點離點電荷點離點電荷Q的位置比的位置比N點遠，則點遠，則Q點電場強度小于點電場強度小于N點電場強度，點電場強度，C錯誤；因錯誤；因Q點電勢低點電勢低于N點，則電子由點，則電子由Q點運動到點運動到N點，電勢能減小，電場力做正功，點，電勢能減小，電場力做正功，D正確。正確。7多選多選目前，我國在風電技術裝備行業(yè)已經取得較大成績，如圖所示是某一風電機組所產生的交流電目前，我國在風電技術裝備行業(yè)已經取得較大成績，如圖所示是某一風電機組所產生的交流電電壓隨時間變化的圖像，若想把該風電機組產生的交流電并網電壓隨時間變化的圖像，若想把該風電機組產生的交流電并網發(fā)電，可使用一發(fā)電，可使用一理想變壓器，將其變?yōu)榕c電網相同的電壓理想變壓器，將其變?yōu)榕c電網相同的電壓11KV，然后再并網，然后再并網發(fā)電。則下列說發(fā)電。則下列說法正確的是法正確的是A該感應電動勢的瞬時值表達式為該感應電動勢的瞬時值表達式為U＝880SIN100ΠTVB所需理想變壓器的原、副線圈匝數之比為所需理想變壓器的原、副線圈匝數之比為11∶252C并網后電壓的頻率保持不變并網后電壓的頻率保持不變D將一理想交流電壓表接在風電機組電源兩端，可測得在將一理想交流電壓表接在風電機組電源兩端，可測得在T＝001S時刻電壓表示數時刻電壓表示數為零為零解析解析選AC風電機組角速度風電機組角速度Ω＝＝RADS＝100ΠRADS，故感應電動勢的瞬時值表達式，故感應電動勢的瞬時值表達式2ΠT2Π210－2為U＝880SIN100ΠTV，選項，選項A正確；正確；880V是最大值，該風電機組電動勢的有效值為是最大值，該風電機組電動勢的有效值為440V，根據變壓，根據變壓2器原、副線圈的電壓之比等于原、副線圈的匝數比可以判斷，器原、副線圈的電壓之比等于原、副線圈的匝數比可以判斷，原、副線圈匝數之比為原、副線圈匝數之比為∶25，選項，選項B錯誤；變壓器不改變電壓的頻率，選項錯誤；變壓器不改變電壓的頻率，選項C正確；理想交流電壓表示正確；理想交流電壓表示2數為有效值，在任何時刻，理想交流電壓表的示數都為數為有效值，在任何時刻，理想交流電壓表的示數都為440V，選項，選項D2錯誤。錯誤。8多選多選如圖所示，固定的光滑金屬水平導軌間距為如圖所示，固定的光滑金屬水平導軌間距為L，導軌，導軌電阻不計，左端接電阻不計，左端接有阻值為有阻值為R的電阻，導軌處在磁感應強度大小為的電阻，導軌處在磁感應強度大小為B、方向豎直向下、方向豎直向下的勻強磁場中。質的勻強磁場中。質量為量為M、電阻不計的導體棒、電阻不計的導體棒AB，在方向與其垂直的水平恒力，在方向與其垂直的水平恒力F作用下，由靜止開始用下，由靜止開始運動，經過時間運動，經過時間T，導體棒，導體棒AB剛好勻速運動，整個運動過程中導體棒剛好勻速運動，整個運動過程中導體棒AB始終與導軌垂直并保持良好接觸。始終與導軌垂直并保持良好接觸。在這個過程中，下列說法正確的是在這個過程中，下列說法正確的是AAB剛好勻速運動時的速度剛好勻速運動時的速度V＝FRB2L2B通過電阻的電荷量通過電阻的電荷量Q＝FT2BLCAB的位移的位移X＝FTRB2L2－MFR2B4L4D電阻產生的焦耳熱電阻產生的焦耳熱Q＝2TRF2B2L2－3MF2R22B4L4

簡介：1電學與原子物理學選擇題押題練（二）電學與原子物理學選擇題押題練（二）1如圖所示，一個帶電荷量為－如圖所示，一個帶電荷量為－Q的點電荷甲，固定的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的在絕緣水平面上的O點。另一個帶電荷量為＋點。另一個帶電荷量為＋Q、質量為、質量為M的點電荷乙，從的點電荷乙，從A點以初速度點以初速度V0沿它們的連線向甲運動，運動到它們的連線向甲運動，運動到B點時速度為點時速度為V，且為運動，且為運動過程中速度的最小過程中速度的最小值。已知點電荷乙受到的阻力大小恒為值。已知點電荷乙受到的阻力大小恒為F，A、B間距離為間距離為L0，靜電力常量為，靜電力常量為K，則下列說法正確的是，則下列說法正確的是A點電荷乙從點電荷乙從A點向甲運動的過程中，加速度逐漸增大點向甲運動的過程中，加速度逐漸增大B點電荷乙從點電荷乙從A點向甲運動的過程中，其電勢能先增大再減小點向甲運動的過程中，其電勢能先增大再減小COB間的距離為間的距離為KQQFD在點電荷甲形成的電場中，在點電荷甲形成的電場中，AB間電勢差間電勢差UAB＝FL0＋12MV2Q解析解析選C點電荷乙在向甲運動的過程中，受到點電荷甲的庫侖力和阻力，且?guī)靵隽χ饾u增大，由題點電荷乙在向甲運動的過程中，受到點電荷甲的庫侖力和阻力，且?guī)靵隽χ饾u增大，由題意知，在意知，在B點時速度最小，則點電荷乙從點時速度最小，則點電荷乙從A點向甲運動過程中先減速后加速，運動到點向甲運動過程中先減速后加速，運動到B點時庫侖力與阻力點時庫侖力與阻力大小相等，加速度為零，根據庫侖定律，有大小相等，加速度為零，根據庫侖定律，有K＝F，所以，所以ROB＝，選項，選項A錯誤，錯誤，C正確；點電荷正確；點電荷QQROB2KQQF乙向甲運動的過程中，庫侖力一直做正功，點電荷乙的電勢能一直減小，選項乙向甲運動的過程中，庫侖力一直做正功，點電荷乙的電勢能一直減小，選項B錯誤；根據動能定理，錯誤；根據動能定理，QUAB－FL0＝MV2－MV02，解得，解得UAB＝，選項，選項D錯誤。錯誤。1212FL0＋12MV2－12MV02Q2如圖所示，理想變壓器原線圈兩端如圖所示，理想變壓器原線圈兩端A、B接在電動勢為接在電動勢為E＝8V，內阻為，內阻為R＝2Ω的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑動變阻器動變阻器RX相連，變壓器原、副線圈的匝數比為連，變壓器原、副線圈的匝數比為1∶2，當電源輸出功率最大時，當電源輸出功率最大時A滑動變阻器的阻值滑動變阻器的阻值RX＝2ΩB最大輸出功率最大輸出功率P＝4WC變壓器的輸出電流變壓器的輸出電流I2＝2AD滑動變阻器的阻值滑動變阻器的阻值RX＝8Ω解析解析選D當外電路電壓等于內電路電壓時電源輸出功率最大，即當外電路電壓等于內電路電壓時電源輸出功率最大，即U1＝UR，且，且U1＋UR＝8V，故，故U1＝UR＝4V，根據歐姆定律可得，根據歐姆定律可得I1＝＝2A，故根據，故根據＝可得副線圈中的電流為可得副線圈中的電流為I2＝1A，根據，根據＝可URRI1I2N2N1U1U2N1N2得副線圈兩端的電壓得副線圈兩端的電壓U2＝8V，故，故RX＝＝Ω＝8Ω，最大輸出功率為，最大輸出功率為P＝U2I2＝8W，故，故D正確。正確。U2I2813如圖所示，空間有一磁感應強度如圖所示，空間有一磁感應強度B＝05T的勻強磁場，磁場的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向方向垂直紙面向外，一質量外，一質量M＝02KG且足夠長的絕緣塑料板靜止在光滑水平面且足夠長的絕緣塑料板靜止在光滑水平面上。在塑料板左上。在塑料板左端無初速度放上一質量端無初速度放上一質量M＝01KG、電荷量、電荷量Q＝＋＝＋02C的滑塊，滑塊的滑塊，滑塊與塑料板之間的與塑料板之間的動摩擦因數動摩擦因數Μ＝05，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。現對塑料板施加方向水平向左、大小，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F對塑料板施加方向水平向左、大小F＝06N的恒力，的恒力，G取10MS2，則，則A塑料板和滑塊一直做加速度為塑料板和滑塊一直做加速度為2MS2的勻加速運動的勻加速運動3解析解析選D譜線譜線A波長大于譜線波長大于譜線B波長，所以波長，所以A光的光子頻率小于光的光子頻率小于B光的光子頻率，所以光的光子頻率，所以A光的光子光的光子能量小于能量小于N＝5和N＝2間的能級差，輻射光的能量小于此能級差的只有間的能級差，輻射光的能量小于此能級差的只有N＝4和N＝2間的能級差，故間的能級差，故D正確，確，A、B、C錯誤。錯誤。6多選多選中國科學家發(fā)現了量子反常霍爾效應，楊振寧稱這一發(fā)現是中國科學家發(fā)現了量子反常霍爾效應，楊振寧稱這一發(fā)現是諾貝爾獎級諾貝爾獎級的成果。如圖所示，厚度為的成果。如圖所示，厚度為H，寬度為，寬度為D的金屬導體，當磁場方向與電的金屬導體，當磁場方向與電流方向垂直流方向垂直時，在導體上下表面會產生電勢差，這種現象稱為霍爾效應。下列說法時，在導體上下表面會產生電勢差，這種現象稱為霍爾效應。下列說法正確的是正確的是A上表面的電勢高于下表面電勢上表面的電勢高于下表面電勢B僅增大僅增大H時，上、下表面的電勢差不變時，上、下表面的電勢差不變C僅增大僅增大D時，上、下表面的電勢差減小時，上、下表面的電勢差減小D僅增大電流僅增大電流I時，上、下表面的電勢差減小時，上、下表面的電勢差減小解析解析選BC根據左手定則可知自由電子向上偏轉，則上表面帶負電，下表面帶正電，所以下表面電根據左手定則可知自由電子向上偏轉，則上表面帶負電，下表面帶正電，所以下表面電勢高于上表面電勢，所以勢高于上表面電勢，所以A錯誤；最終穩(wěn)定時，錯誤；最終穩(wěn)定時，EVB＝E，解得，解得U＝VBH，根據電流的微觀表達式，根據電流的微觀表達式I＝UHNESV，S＝HD，故，故U＝BH＝，所以，所以H增大時，上、下表面電勢差不變，所以增大時，上、下表面電勢差不變，所以B正確；當正確；當D增大時，增大時，INESIBNEDU減小，所以減小，所以C正確；正確；I增大時，增大時，U增大，所以增大，所以D錯誤。錯誤。7多選多選如圖所示，兩根相距為如圖所示，兩根相距為D的足夠長的光滑金屬導軌固定在水的足夠長的光滑金屬導軌固定在水平面上，導平面上，導軌電阻不軌電阻不計。磁感應強度為計。磁感應強度為B的勻強磁場與導軌平面垂直，長度等于的勻強磁場與導軌平面垂直，長度等于D的兩導體的兩導體棒M、N平行地放在導軌上，且電阻均為行地放在導軌上，且電阻均為R、質量均為、質量均為M，開始時兩導體棒靜止。現給，開始時兩導體棒靜止?，F給M一個平行導軌向右的瞬時沖一個平行導軌向右的瞬時沖量I，整個過程中，整個過程中M、N均與導軌接觸良好，下列說法正確的是均與導軌接觸良好，下列說法正確的是A回路中始終存在逆時針方向的電流回路中始終存在逆時針方向的電流BN的最大加速度為的最大加速度為B2ID22M2RC回路中的最大電流為回路中的最大電流為BID2MRDN獲得的最大速度為獲得的最大速度為IM解析解析選BCM剛開始運動時，回路中有逆時針方向的感應電流，隨著電流的產生，剛開始運動時，回路中有逆時針方向的感應電流，隨著電流的產生，M受向左的安培受向左的安培力做減速運動，力做減速運動，N受到向右的安培力做加速運動，直到兩者共速時回路中感應電流為零，安培力為零，兩者受到向右的安培力做加速運動，直到兩者共速時回路中感應電流為零，安培力為零，兩者做勻速運動，故選項做勻速運動，故選項A錯誤；錯誤；M剛開始運動時，電路中的感應電流最大，剛開始運動時，電路中的感應電流最大，N所受安培力最大，加速度最所受安培力最大，加速度最大，則大，則I＝MV0，EM＝BDV0，IM＝，EM2RF安＝BIMD＝MAM，解得，解得AM＝，IM＝，選項，選項B、C正確；當正確；當M、N共速時共速時N速度最大，根據動量速度最大，根據動量B2ID22M2RBID2MR

簡介：1電學與原子物理學選擇題押題練（一）電學與原子物理學選擇題押題練（一）1如圖所示，在真空空間中的如圖所示，在真空空間中的M、N處存在兩個被固定的、電荷量相同的正點電荷，在它們連線所在處存在兩個被固定的、電荷量相同的正點電荷，在它們連線所在的直線上有的直線上有A、B、C三點，已知三點，已知MA＝CN＝NB，MANA?，F有一正點電荷?，F有一正點電荷Q，在兩固定點電荷形成的電，在兩固定點電荷形成的電場中移動此點電荷場中移動此點電荷Q，下列說法中正確的是，下列說法中正確的是A沿半圓弧沿半圓弧L將Q從B點移到點移到C點，電場力不做功點，電場力不做功B沿曲線沿曲線R將Q從B點移到點移到C點，電場力做負功點，電場力做負功C沿曲線沿曲線S將Q從A點移到點移到C點，電場力做正功點，電場力做正功D沿直線將沿直線將Q從A點移到點移到B點，電場力做正功點，電場力做正功解析解析選C根據題述電場特點知，根據題述電場特點知，Q從B點到點到N點電場力做負功，點電場力做負功，N點到點到C點電場力做正功，根據點電場力做正功，根據場強的疊加知，場強的疊加知，NC段的電場強度大于段的電場強度大于BN段的電場強度，段的電場強度，Q從B點到點到C點過程中，電場力做的負功小于電點過程中，電場力做的負功小于電場力做的正功，則將場力做的正功，則將Q從B點移到點移到C點，電場力做正功，電場力做功與電荷移動路徑無關，選項點，電場力做正功，電場力做功與電荷移動路徑無關，選項A、B錯誤；誤；A點與點與B點等電勢，所以將點等電勢，所以將Q從A點移動到點移動到C點與從點與從B點移動到點移動到C點等效，所以沿曲線點等效，所以沿曲線S將Q從A點移到移到C點，電場力做正功，選項點，電場力做正功，選項C正確；沿直線將正確；沿直線將Q從A點移到點移到B點，電場力做功為零，選項點，電場力做功為零，選項D錯誤。錯誤。2在如圖所示的電路中，在如圖所示的電路中，P、Q為平行板電容器兩個極板，為平行板電容器兩個極板，G為靜電計，開關為靜電計，開關K閉合后靜電計閉合后靜電計G的指的指針張開一定的角度。下列說法正確的是針張開一定的角度。下列說法正確的是A斷開斷開K，將，將P向左移動少許，向左移動少許，G的指針張開的角度變大的指針張開的角度變大B閉合閉合K，將，將P向左移動少許，向左移動少許，G的指針張開的角度變大的指針張開的角度變大C閉合閉合K，將，將P向下移動少許，向下移動少許，G的指針張開的角度變小的指針張開的角度變小D斷開斷開K，在，在P、Q之間插入一陶瓷板，之間插入一陶瓷板，G的指針張開的角度變大的指針張開的角度變大解析解析選A斷開斷開K，將，將P向左移動少許，兩極板之間的距離增大，電容器的帶電荷量不變，電容減向左移動少許，兩極板之間的距離增大，電容器的帶電荷量不變，電容減小，電勢差增大，小，電勢差增大，A正確；保持正確；保持K閉合，增大或減小兩極板之間的距離，增大或減小兩極板的正對面積，閉合，增大或減小兩極板之間的距離，增大或減小兩極板的正對面積，靜電計金屬球與外殼之間的電勢差不變，靜電計金屬球與外殼之間的電勢差不變，G的指針張開的角度不變，的指針張開的角度不變，B、C錯誤；斷開錯誤；斷開K，電容器的帶電荷，電容器的帶電荷量不變，在量不變，在P、Q之間插入一陶瓷板，電容增大，電勢差減小，之間插入一陶瓷板，電容增大，電勢差減小，G的指針張開的角度變小，的指針張開的角度變小，D錯誤。錯誤。3如圖甲所示，圓形閉合線圈共有如圖甲所示，圓形閉合線圈共有100匝，線圈的總電阻為匝，線圈的總電阻為1Ω，線圈處在方向向上的勻強磁場中，，線圈處在方向向上的勻強磁場中，線圈的半徑為線圈的半徑為R＝M，線圈平面與磁場垂直，現穿過線圈的磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，則線圈，線圈平面與磁場垂直，現穿過線圈的磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，則線圈1Π的發(fā)熱功率為的發(fā)熱功率為3＝05A，則電壓表示數為，則電壓表示數為U＝I2R＝25V，選項，選項B正確；若在正確；若在A、B兩點間接入一電感線圈，由于兩點間接入一電感線圈，由于U2R＋R′感抗較大，電路中阻抗大于感抗較大，電路中阻抗大于5Ω，根據歐姆定律，可知電流表的示數一定小于，根據歐姆定律，可知電流表的示數一定小于2A，選項，選項C錯誤；若在錯誤；若在A、B兩點間接入一電容器，則在降低交流電的頻率時，容抗增大，電路中的電流減小，由歐姆定律可知，電阻兩點間接入一電容器，則在降低交流電的頻率時，容抗增大，電路中的電流減小，由歐姆定律可知，電阻兩端電壓減小，電壓表的示數減小，選項兩端電壓減小，電壓表的示數減小，選項D正確。正確。6多選多選如圖甲所示是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個如圖甲所示是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連。帶電粒子在磁場中運動的動能金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連。帶電粒子在磁場中運動的動能EK隨時間隨時間T的變化規(guī)律如的變化規(guī)律如圖乙所示。若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，下列判斷中不正確的是圖乙所示。若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，下列判斷中不正確的是A在在EKT圖中應有圖中應有T4－T3＝T3－T2＝T2－T1B高頻電源的變化周期應該等于高頻電源的變化周期應該等于TN－TN－1C粒子加速次數越多，粒子最大動能一定越大粒子加速次數越多，粒子最大動能一定越大D要想粒子獲得的最大動能更大，則要求高頻電源的電壓更大要想粒子獲得的最大動能更大，則要求高頻電源的電壓更大解析解析選BCD帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的周期帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的周期T＝，與帶電粒子的速度無關，題圖乙中，與帶電粒子的速度無關，題圖乙中2ΠMQBT2－T1、T3－T2、T4－T3均等于均等于＝，選項，選項A正確；高頻電源的變化周期與帶電粒子做圓周運動的周期相等，正確；高頻電源的變化周期與帶電粒子做圓周運動的周期相等，T2ΠMQB選項選項B錯誤；粒子從錯誤；粒子從D形盒中出來時，其做圓周運動的半徑等于形盒中出來時，其做圓周運動的半徑等于D形盒的半徑，故有形盒的半徑，故有R＝，粒子的最，粒子的最MVMQB大動能大動能EKM＝MVM2＝，與粒子被加速的次數和加速電壓的大小無關，選項，與粒子被加速的次數和加速電壓的大小無關，選項C、D錯誤。錯誤。12Q2B2R22M7多選多選如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與X軸平行，在平行，在X軸上的電勢軸上的電勢Φ與坐標與坐標X的關系如圖中曲線所示，圖中斜線為該曲線過點的關系如圖中曲線所示，圖中斜線為該曲線過點0153的切線?，F有一的切線。現有一質量為質量為020KG、電荷量為＋、電荷量為＋2010－8C的滑塊的滑塊P可視為質點可視為質點，從，從X＝010M處由靜止釋放，其與水平面處由靜止釋放，其與水平面的動摩擦因數為的動摩擦因數為002，取重力加速度，取重力加速度G＝10MS2。則下列說法中正確的是。則下列說法中正確的是A滑塊滑塊P運動的加速度逐漸減小運動的加速度逐漸減小B滑塊滑塊P運動的加速度先減小后增大運動的加速度先減小后增大CX＝015M處的電場強度大小為處的電場強度大小為20106NC

簡介：1電學與原子物理學選擇題押題練（二）電學與原子物理學選擇題押題練（二）1如圖所示，一個帶電荷量為－如圖所示，一個帶電荷量為－Q的點電荷甲，固定的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的在絕緣水平面上的O點。另一個帶電荷量為＋點。另一個帶電荷量為＋Q、質量為、質量為M的點電荷乙，從的點電荷乙，從A點以初速度點以初速度V0沿它們的連線向甲運動，運動到它們的連線向甲運動，運動到B點時速度為點時速度為V，且為運動，且為運動過程中速度的最小過程中速度的最小值。已知點電荷乙受到的阻力大小恒為值。已知點電荷乙受到的阻力大小恒為F，A、B間距離為間距離為L0，靜電力常量為，靜電力常量為K，則下列說法正確的是，則下列說法正確的是A點電荷乙從點電荷乙從A點向甲運動的過程中，加速度逐漸增大點向甲運動的過程中，加速度逐漸增大B點電荷乙從點電荷乙從A點向甲運動的過程中，其電勢能先增大再減小點向甲運動的過程中，其電勢能先增大再減小COB間的距離為間的距離為KQQFD在點電荷甲形成的電場中，在點電荷甲形成的電場中，AB間電勢差間電勢差UAB＝FL0＋12MV2Q解析解析選C點電荷乙在向甲運動的過程中，受到點電荷甲的庫侖力和阻力，且?guī)靵隽χ饾u增大，由題點電荷乙在向甲運動的過程中，受到點電荷甲的庫侖力和阻力，且?guī)靵隽χ饾u增大，由題意知，在意知，在B點時速度最小，則點電荷乙從點時速度最小，則點電荷乙從A點向甲運動過程中先減速后加速，運動到點向甲運動過程中先減速后加速，運動到B點時庫侖力與阻力點時庫侖力與阻力大小相等，加速度為零，根據庫侖定律，有大小相等，加速度為零，根據庫侖定律，有K＝F，所以，所以ROB＝，選項，選項A錯誤，錯誤，C正確；點電荷正確；點電荷QQROB2KQQF乙向甲運動的過程中，庫侖力一直做正功，點電荷乙的電勢能一直減小，選項乙向甲運動的過程中，庫侖力一直做正功，點電荷乙的電勢能一直減小，選項B錯誤；根據動能定理，錯誤；根據動能定理，QUAB－FL0＝MV2－MV02，解得，解得UAB＝，選項，選項D錯誤。錯誤。1212FL0＋12MV2－12MV02Q2如圖所示，理想變壓器原線圈兩端如圖所示，理想變壓器原線圈兩端A、B接在電動勢為接在電動勢為E＝8V，內阻為，內阻為R＝2Ω的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑動變阻器動變阻器RX相連，變壓器原、副線圈的匝數比為連，變壓器原、副線圈的匝數比為1∶2，當電源輸出功率最大時，當電源輸出功率最大時A滑動變阻器的阻值滑動變阻器的阻值RX＝2ΩB最大輸出功率最大輸出功率P＝4WC變壓器的輸出電流變壓器的輸出電流I2＝2AD滑動變阻器的阻值滑動變阻器的阻值RX＝8Ω解析解析選D當外電路電壓等于內電路電壓時電源輸出功率最大，即當外電路電壓等于內電路電壓時電源輸出功率最大，即U1＝UR，且，且U1＋UR＝8V，故，故U1＝UR＝4V，根據歐姆定律可得，根據歐姆定律可得I1＝＝2A，故根據，故根據＝可得副線圈中的電流為可得副線圈中的電流為I2＝1A，根據，根據＝可URRI1I2N2N1U1U2N1N2得副線圈兩端的電壓得副線圈兩端的電壓U2＝8V，故，故RX＝＝Ω＝8Ω，最大輸出功率為，最大輸出功率為P＝U2I2＝8W，故，故D正確。正確。U2I2813如圖所示，空間有一磁感應強度如圖所示，空間有一磁感應強度B＝05T的勻強磁場，磁場的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向方向垂直紙面向外，一質量外，一質量M＝02KG且足夠長的絕緣塑料板靜止在光滑水平面且足夠長的絕緣塑料板靜止在光滑水平面上。在塑料板左上。在塑料板左端無初速度放上一質量端無初速度放上一質量M＝01KG、電荷量、電荷量Q＝＋＝＋02C的滑塊，滑塊的滑塊，滑塊與塑料板之間的與塑料板之間的動摩擦因數動摩擦因數Μ＝05，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F對塑料板施加方向水平向左、大小，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F對塑料板施加方向水平向左、大小F＝06N的恒力，的恒力，G取10MS2，則，則A塑料板和滑塊一直做加速度為塑料板和滑塊一直做加速度為2MS2的勻加速運動的勻加速運動3解析解析選D譜線譜線A波長大于譜線波長大于譜線B波長，所以波長，所以A光的光子頻率小于光的光子頻率小于B光的光子頻率，所以光的光子頻率，所以A光的光子光的光子能量小于能量小于N＝5和N＝2間的能級差，輻射光的能量小于此能級差的只有間的能級差，輻射光的能量小于此能級差的只有N＝4和N＝2間的能級差，故間的能級差，故D正確，確，A、B、C錯誤。錯誤。6多選多選中國科學家發(fā)現了量子反?；魻栃?，楊振寧稱這一發(fā)現是中國科學家發(fā)現了量子反常霍爾效應，楊振寧稱這一發(fā)現是諾貝爾獎級諾貝爾獎級的成果。如圖所示，厚度為的成果。如圖所示，厚度為H，寬度為，寬度為D的金屬導體，當磁場方向與電的金屬導體，當磁場方向與電流方向垂直流方向垂直時，在導體上下表面會產生電勢差，這種現象稱為霍爾效應。下列說法時，在導體上下表面會產生電勢差，這種現象稱為霍爾效應。下列說法正確的是正確的是A上表面的電勢高于下表面電勢上表面的電勢高于下表面電勢B僅增大僅增大H時，上、下表面的電勢差不變時，上、下表面的電勢差不變C僅增大僅增大D時，上、下表面的電勢差減小時，上、下表面的電勢差減小D僅增大電流僅增大電流I時，上、下表面的電勢差減小時，上、下表面的電勢差減小解析解析選BC根據左手定則可知自由電子向上偏轉，則上表面帶負電，下表面帶正電，所以下表面電根據左手定則可知自由電子向上偏轉，則上表面帶負電，下表面帶正電，所以下表面電勢高于上表面電勢，所以勢高于上表面電勢，所以A錯誤；最終穩(wěn)定時，錯誤；最終穩(wěn)定時，EVB＝E，解得，解得U＝VBH，根據電流的微觀表達式，根據電流的微觀表達式I＝UHNESV，S＝HD，故，故U＝BH＝，所以，所以H增大時，上、下表面電勢差不變，所以增大時，上、下表面電勢差不變，所以B正確；當正確；當D增大時，增大時，INESIBNEDU減小，所以減小，所以C正確；正確；I增大時，增大時，U增大，所以增大，所以D錯誤。錯誤。7多選多選如圖所示，兩根相距為如圖所示，兩根相距為D的足夠長的光滑金屬導軌固定在水的足夠長的光滑金屬導軌固定在水平面上，導平面上，導軌電阻不軌電阻不計。磁感應強度為計。磁感應強度為B的勻強磁場與導軌平面垂直，長度等于的勻強磁場與導軌平面垂直，長度等于D的兩導體的兩導體棒M、N平行地放在導軌上，且電阻均為行地放在導軌上，且電阻均為R、質量均為、質量均為M，開始時兩導體棒靜止?，F給，開始時兩導體棒靜止?，F給M一個平行導軌向右的瞬時沖一個平行導軌向右的瞬時沖量I，整個過程中，整個過程中M、N均與導軌接觸良好，下列說法正確的是均與導軌接觸良好，下列說法正確的是A回路中始終存在逆時針方向的電流回路中始終存在逆時針方向的電流BN的最大加速度為的最大加速度為B2ID22M2RC回路中的最大電流為回路中的最大電流為BID2MRDN獲得的最大速度為獲得的最大速度為IM解析解析選BCM剛開始運動時，回路中有逆時針方向的感應電流，隨著電流的產生，剛開始運動時，回路中有逆時針方向的感應電流，隨著電流的產生，M受向左的安培受向左的安培力做減速運動，力做減速運動，N受到向右的安培力做加速運動，直到兩者共速時回路中感應電流為零，安培力為零，兩者受到向右的安培力做加速運動，直到兩者共速時回路中感應電流為零，安培力為零，兩者做勻速運動，故選項做勻速運動，故選項A錯誤；錯誤；M剛開始運動時，電路中的感應電流最大，剛開始運動時，電路中的感應電流最大，N所受安培力最大，加速度最所受安培力最大，加速度最大，則大，則I＝MV0，EM＝BDV0，IM＝，EM2RF安＝BIMD＝MAM，解得，解得AM＝，IM＝，選項，選項B、C正確；當正確；當M、N共速時共速時N速度最大，根據動量速度最大，根據動量B2ID22M2RBID2MR

簡介：1電學與原子物理學選擇題押題練（一）電學與原子物理學選擇題押題練（一）1如圖所示，在真空空間中的如圖所示，在真空空間中的M、N處存在兩個被固定的、電荷量相同的正點電荷，在它們連線所在處存在兩個被固定的、電荷量相同的正點電荷，在它們連線所在的直線上有的直線上有A、B、C三點，已知三點，已知MA＝CN＝NB，MANA。現有一正點電荷?，F有一正點電荷Q，在兩固定點電荷形成的電，在兩固定點電荷形成的電場中移動此點電荷場中移動此點電荷Q，下列說法中正確的是，下列說法中正確的是A沿半圓弧沿半圓弧L將Q從B點移到點移到C點，電場力不做功點，電場力不做功B沿曲線沿曲線R將Q從B點移到點移到C點，電場力做負功點，電場力做負功C沿曲線沿曲線S將Q從A點移到點移到C點，電場力做正功點，電場力做正功D沿直線將沿直線將Q從A點移到點移到B點，電場力做正功點，電場力做正功解析解析選C根據題述電場特點知，根據題述電場特點知，Q從B點到點到N點電場力做負功，點電場力做負功，N點到點到C點電場力做正功，根據點電場力做正功，根據場強的疊加知，場強的疊加知，NC段的電場強度大于段的電場強度大于BN段的電場強度，段的電場強度，Q從B點到點到C點過程中，電場力做的負功小于電點過程中，電場力做的負功小于電場力做的正功，則將場力做的正功，則將Q從B點移到點移到C點，電場力做正功，電場力做功與電荷移動路徑無關，選項點，電場力做正功，電場力做功與電荷移動路徑無關，選項A、B錯誤；誤；A點與點與B點等電勢，所以將點等電勢，所以將Q從A點移動到點移動到C點與從點與從B點移動到點移動到C點等效，所以沿曲線點等效，所以沿曲線S將Q從A點移到移到C點，電場力做正功，選項點，電場力做正功，選項C正確；沿直線將正確；沿直線將Q從A點移到點移到B點，電場力做功為零，選項點，電場力做功為零，選項D錯誤。錯誤。2在如圖所示的電路中，在如圖所示的電路中，P、Q為平行板電容器兩個極板，為平行板電容器兩個極板，G為靜電計，開關為靜電計，開關K閉合后靜電計閉合后靜電計G的指的指針張開一定的角度。下列說法正確的是針張開一定的角度。下列說法正確的是A斷開斷開K，將，將P向左移動少許，向左移動少許，G的指針張開的角度變大的指針張開的角度變大B閉合閉合K，將，將P向左移動少許，向左移動少許，G的指針張開的角度變大的指針張開的角度變大C閉合閉合K，將，將P向下移動少許，向下移動少許，G的指針張開的角度變小的指針張開的角度變小D斷開斷開K，在，在P、Q之間插入一陶瓷板，之間插入一陶瓷板，G的指針張開的角度變大的指針張開的角度變大解析解析選A斷開斷開K，將，將P向左移動少許，兩極板之間的距離增大，電容器的帶電荷量不變，電容減向左移動少許，兩極板之間的距離增大，電容器的帶電荷量不變，電容減小，電勢差增大，小，電勢差增大，A正確；保持正確；保持K閉合，增大或減小兩極板之間的距離，增大或減小兩極板的正對面積，閉合，增大或減小兩極板之間的距離，增大或減小兩極板的正對面積，靜電計金屬球與外殼之間的電勢差不變，靜電計金屬球與外殼之間的電勢差不變，G的指針張開的角度不變，的指針張開的角度不變，B、C錯誤；斷開錯誤；斷開K，電容器的帶電荷，電容器的帶電荷量不變，在量不變，在P、Q之間插入一陶瓷板，電容增大，電勢差減小，之間插入一陶瓷板，電容增大，電勢差減小，G的指針張開的角度變小，的指針張開的角度變小，D錯誤。錯誤。3如圖甲所示，圓形閉合線圈共有如圖甲所示，圓形閉合線圈共有100匝，線圈的總電阻為匝，線圈的總電阻為1Ω，線圈處在方向向上的勻強磁場中，，線圈處在方向向上的勻強磁場中，線圈的半徑為線圈的半徑為R＝M，線圈平面與磁場垂直，現穿過線圈的磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，則線圈，線圈平面與磁場垂直，現穿過線圈的磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，則線圈1Π的發(fā)熱功率為的發(fā)熱功率為3＝05A，則電壓表示數為，則電壓表示數為U＝I2R＝25V，選項，選項B正確；若在正確；若在A、B兩點間接入一電感線圈，由于兩點間接入一電感線圈，由于U2R＋R′感抗較大，電路中阻抗大于感抗較大，電路中阻抗大于5Ω，根據歐姆定律，可知電流表的示數一定小于，根據歐姆定律，可知電流表的示數一定小于2A，選項，選項C錯誤；若在錯誤；若在A、B兩點間接入一電容器，則在降低交流電的頻率時，容抗增大，電路中的電流減小，由歐姆定律可知，電阻兩點間接入一電容器，則在降低交流電的頻率時，容抗增大，電路中的電流減小，由歐姆定律可知，電阻兩端電壓減小，電壓表的示數減小，選項兩端電壓減小，電壓表的示數減小，選項D正確。正確。6多選多選如圖甲所示是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個如圖甲所示是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連。帶電粒子在磁場中運動的動能金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連。帶電粒子在磁場中運動的動能EK隨時間隨時間T的變化規(guī)律如的變化規(guī)律如圖乙所示。若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，下列判斷中不正確的是圖乙所示。若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，下列判斷中不正確的是A在在EKT圖中應有圖中應有T4－T3＝T3－T2＝T2－T1B高頻電源的變化周期應該等于高頻電源的變化周期應該等于TN－TN－1C粒子加速次數越多，粒子最大動能一定越大粒子加速次數越多，粒子最大動能一定越大D要想粒子獲得的最大動能更大，則要求高頻電源的電壓更大要想粒子獲得的最大動能更大，則要求高頻電源的電壓更大解析解析選BCD帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的周期帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的周期T＝，與帶電粒子的速度無關，題圖乙中，與帶電粒子的速度無關，題圖乙中2ΠMQBT2－T1、T3－T2、T4－T3均等于均等于＝，選項，選項A正確；高頻電源的變化周期與帶電粒子做圓周運動的周期相等，正確；高頻電源的變化周期與帶電粒子做圓周運動的周期相等，T2ΠMQB選項選項B錯誤；粒子從錯誤；粒子從D形盒中出來時，其做圓周運動的半徑等于形盒中出來時，其做圓周運動的半徑等于D形盒的半徑，故有形盒的半徑，故有R＝，粒子的最，粒子的最MVMQB大動能大動能EKM＝MVM2＝，與粒子被加速的次數和加速電壓的大小無關，選項，與粒子被加速的次數和加速電壓的大小無關，選項C、D錯誤。錯誤。12Q2B2R22M7多選多選如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一平行于水平面的電場，其中某一區(qū)域的電場線與X軸平行，在平行，在X軸上的電勢軸上的電勢Φ與坐標與坐標X的關系如圖中曲線所示，圖中斜線為該曲線過點的關系如圖中曲線所示，圖中斜線為該曲線過點0153的切線。現有一的切線?，F有一質量為質量為020KG、電荷量為＋、電荷量為＋2010－8C的滑塊的滑塊P可視為質點可視為質點，從，從X＝010M處由靜止釋放，其與水平面處由靜止釋放，其與水平面的動摩擦因數為的動摩擦因數為002，取重力加速度，取重力加速度G＝10MS2。則下列說法中正確的是。則下列說法中正確的是A滑塊滑塊P運動的加速度逐漸減小運動的加速度逐漸減小B滑塊滑塊P運動的加速度先減小后增大運動的加速度先減小后增大CX＝015M處的電場強度大小為處的電場強度大小為20106NC

簡介：2018年高考物理學史匯總年高考物理學史匯總1、伽利略（1）通過理想實驗推翻了亞里士多德“力是維持運動的原因”的觀點（2）推翻了亞里士多德“重的物體比輕物體下落得快”的觀點2、開普勒提出開普勒行星運動三定律；3、牛頓（1）提出了三條運動定律。（2）發(fā)現表萬有引力定律；4、卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了引力常量5、愛因斯坦（1）提出的狹義相對論（經典力學不適用于微觀粒子和高速運動物體。）（2）提出光子說，成功地解釋了光電效應規(guī)律。（3）提出質能方程EMC2，為核能利用提出理論基礎6、庫侖利用扭秤實驗發(fā)現了電荷之間的相互作用規(guī)律庫侖定律。7、焦耳和楞次先后各自獨立發(fā)現電流通過導體時產生熱效應的規(guī)律，稱為焦耳楞次定律。8、奧斯特電流可以使周圍的磁針偏轉的效應，稱為電流的磁效應。9、安培研究了電流在磁場中受力的規(guī)律10、洛侖茲提出運動電荷產生了磁場和磁場對運動電荷有作用力（洛侖茲力）的觀點。11、法拉第（1）發(fā)現了由磁場產生電流的條件和規(guī)律電磁感應現象；（2）提出電荷周圍有電場，提出可用電場描述電場12、楞次確定感應電流方向的定律。13、亨利發(fā)現自感現象。14、麥克斯韋預言了電磁波的存在，指出光是一種電磁波，為光的電磁理論奠定了基礎。15、赫茲（1）用實驗證實了電磁波的存在并測定了電磁波的傳播速度等于光速。（2）證實了電磁理的存在。16、普朗克提出“能量量子假說”解釋物體熱輻射（黑體輻射）規(guī)律電磁波的發(fā)射和吸收不是連續(xù)的，而是一份一份的17玻爾提出了原子結構假說，成功地解釋和預言了氫原子的輻射電磁波譜。18、德布羅意預言了實物粒子的波動性；19、湯姆生利用陰極射線管發(fā)現了電子，說明原子可分，有復雜內部結構，并提出原子的棗糕模型（葡萄干布丁模型）。20、盧瑟福進行了Α粒子散射實驗，并提出了原子的核式結構模型。由實驗結果估計原子核直徑數量級為1015M。21、盧瑟福用Α粒子轟擊氮核，第一次實現了原子核的人工轉變，并發(fā)現了質子。22、查德威克在Α粒子轟擊鈹核時發(fā)現中子，由此人們認識到原子核的組成。原子的核式結構模型。由實驗結果估計原子核直徑數量級為1015M。31896年，法國物理學家貝克勒爾發(fā)現天然放射現象，說明原子核也有復雜的內部結構。天然放射現象有兩種衰變（Α、Β），三種射線（Α、Β、Γ），其中Γ射線是衰變后新核處于激發(fā)態(tài)，向低能級躍遷時輻射出的。衰變的快慢（半衰期）與原子所處的物理和化學狀態(tài)無關。41919年，盧瑟福用Α粒子轟擊氮核，第一次實現了原子核的人工轉變，并發(fā)現了質子。預言原子核內還有另一種粒子，被其學生查德威克于1932年在Α粒子轟擊鈹核時發(fā)現，由此人們認識到原子核由質子和中子組成。51939年12月德國物理學家哈恩和助手斯特拉斯曼用中子轟擊鈾核時，鈾核發(fā)生裂變。1942年在費米、西拉德等人領導下，美國建成第一個裂變反應堆（由濃縮鈾棒、控制棒、減速劑、水泥防護層等組成）。61952年美國爆炸了世界上第一顆氫彈（聚變反應、熱核反應）。人工控制核聚變的一個可能途徑是利用強激光產生的高壓照射小顆粒核燃料。7現代粒子物理1932年發(fā)現了正電子，1964年提出夸克模型；第四份1、胡克英國物理學家；發(fā)現了胡克定律（F彈KX）2、伽利略意大利的聞名物理學家；伽利略時代的儀器、設備十分簡陋，技術也比較落后，但伽利略巧妙地運用科學的推理，給出了勻變速運動的定義，導出S正比于T2并給以實驗檢驗；推斷并檢驗得出，無論物體輕重如何，其自由下落的快慢是相同的；通過斜面實驗，推斷出物體如不受外力作用將維持勻速直線運動的結論。后由牛頓歸納成慣性定律。伽利略的科學推理方法是人類思想史上最偉大的成就之一。3、牛頓英國物理學家；動力學的奠基人，他總結和發(fā)展了前人的發(fā)現，得出牛頓定律及萬有引力定律，奠定了以牛頓定律為基礎的經典力學。4、開普勒丹麥天文學家；發(fā)現了行星運動規(guī)律的開普勒三定律，奠定了萬有引力定律的基礎。5、卡文迪許英國物理學家；巧妙的利用扭秤裝置測出了萬有引力常量。高考物理知識點總結6、布朗英國植物學家；在用顯微鏡觀察懸浮在水中的花粉時，發(fā)現了“布朗運動”。7、焦耳英國物理學家；測定了熱功當量J42焦卡，為能的轉化守恒定律的建立提供了堅實的基礎。研究電流通過導體時的發(fā)熱，得到了焦耳定律。8、開爾文英國科學家；創(chuàng)立了把273℃作為零度的熱力學溫標。9、庫侖法國科學家；巧妙的利用“庫侖扭秤”研究電荷之間的作用，發(fā)現了“庫侖定律”。10、密立根美國科學家；利用帶電油滴在豎直電場中的平衡，得到了基本電荷E。11、歐姆德國物理學家；在實驗研究的基礎上，歐姆把電流與水流等比較，從而引入了電流強度、電動勢、電阻等概念，并確定了它們的關系。12、奧斯特丹麥科學家；通過試驗發(fā)現了電流能產生磁場。13、安培法國科學家；提出了聞名的分子電流假說。14、湯姆生英國科學家；研究陰極射線，發(fā)現電子，測得了電子的比荷EM；湯姆生還提出了“棗糕模型”，在當時能解釋一些實驗現象。15、勞倫斯美國科學家；發(fā)明了“回旋加速器”使人類在獲得高能粒子方面邁進了一步。高考物理知識點總結

簡介：時間逼著人堅強，以微笑付之所有的傷。時間逼著人堅強，以微笑付之所有的傷。第1頁共4頁2018年高考物理學史總結年高考物理學史總結物理學史這部分內容在高考卷上通常以選擇題形式出現（實驗題中也會小概率出現），分值在6分以下，一般情況下不會出偏難怪的，畢竟這不是考綱里的重點。復習建議以現有的生活經驗常識為主，稍加了解就可以。現總結如下1、伽利略（1）通過理想實驗理想實驗推翻了亞里士多德“力是維持運動的原因”的觀點（2）推翻了亞里士多德“重的物體比輕物體下落得快”的觀點2、開普勒提出開普勒行星運動三定律；3、牛頓（1）提出了三條運動定律。（2）發(fā)現表萬有引力定律；4、卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了引力常量G5、愛因斯坦（1）提出的狹義相對論（經典力學不適用于微觀粒子和高速運動物體）（2）提出光子說，成功地解釋了光電效應規(guī)律，并因此獲得諾貝爾物理學獎（3）提出質能方程，為核能利用提出理論基礎2MCE6、庫侖利用扭秤實驗發(fā)現了電荷之間的相互作用規(guī)律庫侖定律。7、焦耳和楞次先后獨立發(fā)現電流通過導體時產生熱效應的規(guī)律，稱為焦耳楞次定律（這個很冷門以教材為主）8、奧斯特發(fā)現南北放置的通電直導線可以使周圍的磁針偏轉，稱為電流的磁效應。9、安培研究電流在磁場中受力的規(guī)律安培定則，分子電流假說，磁場能對電流產生作用10、洛侖茲提出運動電荷產生了磁場和磁場對運動電荷有作用力（洛侖茲力）的觀點。11、法拉第（1）發(fā)現了由磁場產生電流的條件和規(guī)律電磁感應現象（教材上是這樣的，實際不是有一定歷史原因，以教材為主）（2）提出電荷周圍有電場，提出可用電場描述電場，提出電磁場、磁感線、電場線的概念12、楞次確定感應電流方向的定律，愣次定律感應電流具有這樣的方向，即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化。13、亨利發(fā)現自感現象（這個也比較冷門）。14、麥克斯韋預言了電磁波的存在，指出光是一種電磁波，為光的電磁理論奠定了基礎。15、赫茲（1）用實驗證實了電磁波的存在并測定了電磁波的傳播速度等于光速。（2）證實了電磁理的存在。16、普朗克提出“能量量子假說”解釋物體熱輻射（黑體輻射）規(guī)律電磁波的發(fā)射和時間逼著人堅強，以微笑付之所有的傷。時間逼著人堅強，以微笑付之所有的傷。第3頁共4頁36、1952年美國爆炸了世界上第一顆氫彈（聚變反應、熱核反應）。人工控制核聚變的一個可能途徑是利用強激光產生的高壓照射小顆粒核燃料。備注備注“四大核變”及應用“四大核變”及應用★1放射性元素的衰變放射性元素的衰變（包括Α衰變和Β衰變）；Α衰變例如Β衰變例如★2原子核的人工轉變原子核的人工轉變（包括、中子的發(fā)現和放射性同位素的發(fā)現）；如（質子）質子）42HEHE94BEBE→12126CC10N（中子）（中子）★3重核的裂變（以23523592U的鏈式反應為代表，可用于核能發(fā)電和原子彈）；2351141921920563603UNBAKRN★4輕核的聚變（以21H和31H的熱核反應為代表，存在于太陽內部，可用于氫彈）補充補充1、自感和渦流自感和渦流通過導體或線圈本身的電流改變，線圈本身就產生自感電動勢，其大小與其自身電流變化快慢有關。由于導體在圓周方向可以等效成一圈圈的閉合電路，由于自感產生的自感電流就像一圈圈的漩渦，所以稱為渦流。該電流可以使導體發(fā)熱。2、核力核力一種區(qū)別于電場力和萬有引力之外的只作用在核子之間的力。在約051015M21015M的距離內主要表現為引力。大于21015M就迅速減小到零；在小于051015M又迅速轉變?yōu)閺姶蟮某饬κ购俗硬荒苋诤显谝黄稹Ｋ姆N基本相互作用四種基本相互作用四種相互作用按強弱來排列，順序是強相互作用、電磁相互作用、弱相互作用、引力相互作用。（彈力屬于電磁相互作用）3、半衰期半衰期原子核數目減少到原來一半所經過的時間，其衰變速率由核本身的因素決定。跟外界因素無關。4、平均結合能平均結合能核子結合成原子核時每個核子平均放出的能量核子的平均結合能越大，原子核就越穩(wěn)定。而最輕和最重的一些核（元素周期表上兩端的原子核）平均給合能較小。5、光電效應、光電效應內容內容在光（包括不可見光）的照射下從物體表面發(fā)射出光電子的現象叫光電效應光電效應，光電子是物體表面的電子吸收光子能量產生的，光電效應是光具有粒子性的有力例證。光電效應的規(guī)律光電效應的規(guī)律（1）任何一種金屬材料都有一個極限頻率，人射光的頻率必須大于這個極HETHU422349023892EPATH012349123490NHHH10423121HOHEN1117842147235U1N→9090SRSR136136XE10XE101N92038540

簡介：物理試題卷第物理試題卷第1頁共頁共9頁座位號座位號20182018年初中學業(yè)水平模擬考試年初中學業(yè)水平模擬考試物理試題卷（全卷四個大題，含（全卷四個大題，含2626個小題，共個小題，共8頁；滿分頁；滿分100100分，考試用時分，考試用時100100分鐘）分鐘）注意事項注意事項11本卷為本卷為試題卷試題卷?？忌忸}作答必須在?？忌忸}作答必須在答題卡答題卡上。答案書寫在上。答案書寫在答題卡答題卡相應位置上，答在相應位置上，答在試題試題卷、草稿紙上的無效卷、草稿紙上的無效。22考試結束后，請將考試結束后，請將試題卷和答題卡一并交回試題卷和答題卡一并交回。33計算時計算時G取10NKG10NKG，C水424210103JKGJKG℃℃，Ρ水101010103KGMKGM3。一、選擇題一、選擇題（每小題的四個選項中只有一個符合題意，請把符合題意選項前的字母填涂在答（每小題的四個選項中只有一個符合題意，請把符合題意選項前的字母填涂在答題卡上相應的位置。每小題題卡上相應的位置。每小題3分，共分，共8小題，小題，2424分）分）1下列關于圖下列關于圖1中所示光學現象的描述或解釋正確的是（中所示光學現象的描述或解釋正確的是（）圖1A圖甲中，小孔成的是倒立的虛像圖甲中，小孔成的是倒立的虛像B圖乙中，人配戴的凹透鏡可以矯正遠視眼圖乙中，人配戴的凹透鏡可以矯正遠視眼C圖丙中，白光通過三棱鏡分解成紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫七色光圖丙中，白光通過三棱鏡分解成紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫七色光D圖丁中，漫反射的光線雜亂無章不遵循光的反射定律圖丁中，漫反射的光線雜亂無章不遵循光的反射定律2下列數據中，最接近實際情況的是下列數據中，最接近實際情況的是（）A冰箱冷凍室的溫度約為冰箱冷凍室的溫度約為2020℃B教室課桌的高度約為教室課桌的高度約為80CM80CMC教室日光燈通過的電流約為教室日光燈通過的電流約為10A10AD公交車在市區(qū)的行駛速度約為公交車在市區(qū)的行駛速度約為6060MSMS3安全教育已越來越引起學校和社會各界的高度重視并開展了一系列豐富多彩的教育活安全教育已越來越引起學校和社會各界的高度重視并開展了一系列豐富多彩的教育活動。某中學在一次關于家庭用電的“對”動。某中學在一次關于家庭用電的“對”、“錯”搶答比賽中，提出以下說法，其中應回“錯”搶答比賽中，提出以下說法，其中應回答“對”的是答“對”的是（）A電水壺在工作時，金屬外殼接地電水壺在工作時，金屬外殼接地B使用測電筆辨別火線時，手不能接觸筆尾金屬體使用測電筆辨別火線時，手不能接觸筆尾金屬體C控制家用電器的開關應該安裝在零線上控制家用電器的開關應該安裝在零線上D電飯煲用三腳插頭和三孔插座，是為了利用三角形的穩(wěn)定性和美觀性電飯煲用三腳插頭和三孔插座，是為了利用三角形的穩(wěn)定性和美觀性物理試題卷第物理試題卷第3頁共頁共9頁圖4二、填空題二、填空題（請把正確答案填寫在答題卡指定位置。每空（請把正確答案填寫在答題卡指定位置。每空1分，共分，共1010小題，小題，2020分）分）9節(jié)日晚會上，口技演員惟妙惟肖地模仿一些生活中人們熟悉的聲音，其實他主要是模仿節(jié)日晚會上，口技演員惟妙惟肖地模仿一些生活中人們熟悉的聲音，其實他主要是模仿聲音的聲音的。深更半夜，如果播放的音樂聲很大，那么對鄰居來說，此時的樂。深更半夜，如果播放的音樂聲很大，那么對鄰居來說，此時的樂音就成為了音就成為了。1010城市建造人工湖以降低熱島效應城市建造人工湖以降低熱島效應熱島效應指城市大量使用電燈、電機、汽車等散發(fā)的熱島效應指城市大量使用電燈、電機、汽車等散發(fā)的熱量使城市的溫度明顯高于城郊的現象熱量使城市的溫度明顯高于城郊的現象，這是利用水的，這是利用水的的特性，的特性，20CM20CM3的水加入的水加入20CM20CM3的酒精后體積小于的酒精后體積小于40CM40CM3，這是因為，這是因為。1111如圖如圖4所示是太陽能所示是太陽能LEDLED照明路燈。它主要由太陽能電池板、照明路燈。它主要由太陽能電池板、LEDLED燈頭燈頭等部分構成。等部分構成。LEDLED是一種發(fā)光二極管，通過電流能夠發(fā)光，可以把電能是一種發(fā)光二極管，通過電流能夠發(fā)光，可以把電能直接轉化成＿＿＿＿＿＿能。太陽能是在太陽內部，氫原子核發(fā)生直接轉化成＿＿＿＿＿＿能。太陽能是在太陽內部，氫原子核發(fā)生（填“裂變”或“聚變”（填“裂變”或“聚變”），釋放出的核能。，釋放出的核能。1212給汽車加油時，會聞到汽油味，這是給汽車加油時，會聞到汽油味，這是__________________________現象。烈日下，操現象。烈日下，操場上單杠的溫度升高，是通過場上單杠的溫度升高，是通過________________________方式改變其內能。方式改變其內能。1313人們游泳時，會有這樣的體驗當人站立在水中且身體慢慢要浸沒時，池底對腳的支持人們游泳時，會有這樣的體驗當人站立在水中且身體慢慢要浸沒時，池底對腳的支持力幾乎為零。假如一位重力幾乎為零。假如一位重500N500N的同學正在體驗這種感受，則人所受浮力的大小為的同學正在體驗這種感受，則人所受浮力的大小為N，排開水的體積為，排開水的體積為M3。1414上學前，小美同學站在穿衣鏡前上學前，小美同學站在穿衣鏡前15M15M處整理著裝，看到的“鏡中人”是她的＿＿＿＿處整理著裝，看到的“鏡中人”是她的＿＿＿＿（選填“虛”或“實”（選填“虛”或“實”）像，像與她之間的距離是＿＿＿＿）像，像與她之間的距離是＿＿＿＿M；1515水上運動深受人們喜愛，賽艇運動員比賽時用的槳伸入水中部分較長，它屬于水上運動深受人們喜愛，賽艇運動員比賽時用的槳伸入水中部分較長，它屬于填“省力’“省力’’或“費力’’或“費力’’杠桿；船槳向后劃水，船向前運動，說明物體杠桿；船槳向后劃水，船向前運動，說明物體間。1616投籃時，投出去的籃球在空中仍會繼續(xù)運動，這是由于籃球具有＿＿的緣投籃時，投出去的籃球在空中仍會繼續(xù)運動，這是由于籃球具有＿＿的緣故；故；用圖用圖5所示的滑輪組提起重力為所示的滑輪組提起重力為1200N1200N的物體的物體時，若不考慮摩擦、繩和，若不考慮摩擦、繩和圖5

簡介：110VVXT2高中物理學考必記公式高中物理學考必記公式一、運動學基本公式一、運動學基本公式1勻變速直線運動基本公式速度公式（無位移）0VVAT位移公式（無末速度）201XVTAT2推論公式（無時間）（無加速220VV2AX度）2、計算平均速度、計算平均速度【計算所有運動的平均速度】【計算所有運動的平均速度】TXV【只能算勻變速運動的平均速度】【只能算勻變速運動的平均速度】0VVV23、打點計時器、打點計時器1兩種打點計時器兩種打點計時器（A）電磁打點計時器工作電壓（6V以下）交流電頻率50HZ（B）電火花打點計時器工作電壓（220V）交流電頻率50HZ【計數點要看清是相鄰的打印點（間隔【計數點要看清是相鄰的打印點（間隔002S）還是每隔）還是每隔5個點取一個計個點取一個計數點數點間隔間隔01S】（2）紙帶分析）紙帶分析（A）求加速度公式B求某點速度公式【會根據紙帶計算某個計數點的瞬時速度】TXVVT22二、力學基本規(guī)律二、力學基本規(guī)律1、不同種類的力的特點、不同種類的力的特點（1）重力（，，在地球兩極G最大，在赤道G最?。㎝GG2RGMGGR2彈力【彈簧的勁度系數K是由它的材料，粗細等元素決定的，與它受不受力以及在彈XKF性線度內受力的大小無關】3滑動摩擦力；【在平面地面上，FNMG，在斜面上等于重力沿著斜面的分力】NFF靜摩擦力F靜0～FMAX【用力的平衡觀點來分析】2合力合力力的合成與分解滿足平行四邊形定則力的合成與分解滿足平行四邊形定則2121FFFFF合三、牛頓運動定律三、牛頓運動定律（1）慣性只和質量有關（2）F合MA【用此公式時，要對物體做受力分析】3作用力和反作用力大小相等、方向相反、性質相同、同時產生同時消失，作用在不同的物體上（這是與平衡力最明顯的區(qū)別）特殊規(guī)律勻變速直線運動的中間時刻速度公式0T2VVVV222TNMXXTXANM自由落體運動公式速度公式GTV位移公式221GTH位移和速度的公式GHV22受力分析順序受力分析順序1重力重力2彈力彈力3摩擦力摩擦力4其他力其他力33；（應分清M與M，R與R，G指重力加速度）RTMRMRVMRMMG2222242MMGMGR2天體質量M的估算①②RTMRMMG22242324RMGT22MMGRGMGMRG3衛(wèi)星的環(huán)繞速度、角速度、周期與半徑的關系，，RGMV3RGMGMRT3244第一宇宙速度。79KMSRGMGRV5同步衛(wèi)星相對于地面靜止且與地球自轉具有相同周期的衛(wèi)星，T24H。同步衛(wèi)星只能位于赤道正上方特定的高度（H≈36104KM），V、Ω均為定值。六、機械能六、機械能1功【力【力F做負功做負功物體克服力物體克服力F做功】做功】COSLFW2功率【當【當P為機車功率時，為機車功率時，F為機車的牽引力】為機車的牽引力】VFTWP機車運動最大速度FPVMAX3動能；221MVEK4、重力勢能【H與零勢面選擇有關】MGHEP5動能定理2022121MVMVW合6機械能守恒定律2222112121MVMGHMVMGH【條件】只有重力或彈簧彈力做功。如果有摩擦力或阻力做功機械能肯定不守恒【條件】只有重力或彈簧彈力做功。如果有摩擦力或阻力做功機械能肯定不守恒【重點】【重點】七、電流七、電流電場電場1元電荷元電荷（元電荷質子帶電量電子帶電量）【但是元電荷不是質子或電子】【但是元電荷不是質子或電子】CE1910601物體帶電量是元電荷的整數倍，帶電的本質是電子的轉移【起電方式】摩擦起電玻璃棒摩擦起電玻璃棒、絲綢、絲綢；毛皮；毛皮，橡膠棒，橡膠棒；感應起電；接觸起電；感應起電；接觸起電2場強單位NCQFE場強大小看電場線疏密，方向為電場線切線方向。場強由電場本身決定，與試探電荷有無以及試探電荷的電量大小、電荷正負都無關。3庫侖定律，（電荷量單位C，力的單位N，距離的單位M，，122QQFKR2291009CMNK使用公式時，Q1、Q2均用絕對值代入，力的方向利用電荷異性相吸，同性相斥判斷。兩個電荷間的庫侖力遵守牛頓第三定律）

簡介：新課標高考高中物理學史匯總必修L、必修2、選修31、32一、力學11638年，意大利物理學家伽利略在兩種新科學的對話中用科學推理論證重物體和輕物體下落一樣快。并在比薩斜塔做了兩個不同質量的小球下落的實驗，證明了他的觀點是正確的，推翻了古希臘學者亞里士多德的觀點（即質量大的小球下落快是錯誤的）。21654年，德國的馬德堡市做了一個轟動一時的實驗馬德堡半球實驗。31687年，英國科學家牛頓在自然哲學的數學原理著作中提出了三條運動定律（即牛頓三大運動定律）。417世紀，伽利略通過構思的理想實驗指出在水平面上運動的物體若沒有摩擦，將保持這個速度一直運動下去。得出結論力是改變物體運動的原因，推翻了亞里士多德的觀點力是維持物體運動的原因。同時代的法國物理學家笛卡兒進一步指出如果沒有其它原因，運動物體將繼續(xù)以同速度沿著一條直線運動，既不會停下來，也不會偏離原來的方向。5英國物理學家胡克對物理學的貢獻胡克定律。經典題目胡克認為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比。61638年，伽利略在兩種新科學的對話一書中，運用觀察假設數學推理的方法，詳細研究了拋體運動。7人們根據日常的觀察和經驗，提出“地心說”，古希臘科學家托勒密是代表。而波蘭天文學家哥白尼提出了“日心說”，大膽反駁地心說。817世紀，德國天文學家開普勒提出開普勒三大定律。9牛頓于1687年正式發(fā)表萬有引力定律。1798年英國物理學家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了引力常量。101846年，英國劍橋大學學生亞當斯和法國天文學家勒維烈（勒維耶）應用萬有引力定律，計算并觀測到海王星。1930年，美國天文學家湯博用同樣的計算方法發(fā)現冥王星。11我國宋朝發(fā)明的火箭是現代火箭的鼻祖，與現代火箭原理相同。但現代火箭結構復雜，其所能達到的最大速度主要取決于噴氣速度和質量比（火箭開始飛行的質量與燃料燃盡時的質量比）。俄國科學家齊奧爾科夫斯基被稱為近代火箭之父，他首先提出了多子。最大動能僅取決于磁場和D形盒直徑。帶電粒子圓周運動周期與高頻電源的周期相同。但當粒子動能很大，速率接近光速時，根據狹義相對論，粒子質量隨速率顯著增大，粒子在磁場中的回旋周期發(fā)生變化，進一步提高粒子的速率很困難。261831年，英國物理學家法拉第發(fā)現了由磁場產生電流的條件和規(guī)律電磁感應定律。271834年，俄國物理學家楞次發(fā)表確定感應電流方向的定律一一楞次定律。281835年，美國科學家亨利發(fā)現自感現象（因電流變化而在電路本身引起感應電動勢的現象），日光燈的工作原理即為其應用之一，雙繞線法制精密電阻為消除其影響應用之一。三、熱學33選修291827年，英國植物學家布朗發(fā)現懸浮在水中的花粉微粒不停地做無規(guī)則運動的現象一一布朗運動。3019世紀中葉，由德國醫(yī)生邁爾。英國物理學家焦爾。德國學者亥姆霍茲最后確定能量守恒定律。311850年，克勞修斯提出熱力學第二定律的定性表述不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響，稱為克勞修斯表述。次午開爾文提出另一種表述不可能從單一熱源取熱，使之完全變?yōu)橛杏玫墓Χ划a生其他影響，稱為開爾文表述。321848年，開爾文提出熱力學溫標，指出絕對零度27315℃是溫度的下限。熱力學溫標與攝氏溫度轉換關系為TT27315K。熱力學第三定律熱力學零度不可達到。四、波動學、光學、相對論34選修3317世紀，荷蘭物理學家惠更斯確定了單擺周期公式。周期是2S的單擺叫秒擺。341690年，荷蘭物理學家惠更斯提出了機械波的波動現象規(guī)律惠更斯原理。35奧地利物理學家多普勒1803～1853首先發(fā)現由于波源和觀察者之間有相對運動，使觀察者感到頻率發(fā)生變化的現象一一多普勒效應（相互接近，F增大。相互遠離，F減少）。361864年，英國物理學家麥克斯韋發(fā)表電磁場的動力學理論的論文，提出了電磁場理論，預言了電磁波的存在，指出光是一種電磁波，為光的電磁理論奠定了基礎。電磁波是一種橫波。

簡介：第一講第一講靜電場（一）知識點電荷守恒定律、庫侖定律、電場強度電場線、點電荷的場強、場強疊加原理、勻強電場、均勻帶電球殼內、外的場強公式不要求導出、高斯定理及其在對稱帶電體系中的應用、電勢和電勢差等勢面、點電荷電場的電勢、電勢疊加原理、均勻帶電球殼內、外的電勢公式、電場中的導體靜電屏蔽、靜電鏡像法、電容平行板電容器的電容公式、球形、圓柱形電容器的電容、電容器的聯(lián)接、電荷體系的靜電能、電場的能量密度、電容器充電后的電能、電偶極矩、電偶極子的電場和電勢、電介質的概念（電介質的極化與極化電荷電位移矢量）一、電場強度一、電場強度1、實驗定律A、庫侖定律B、電荷守恒定律C、疊加原理2、電場強度A、電場強度的定義B、高斯定理靜電場中通過任意閉合曲面（稱高斯面）S的電通量等于該閉合面內全部電荷的代數和除以Ε0，與面外的電荷無關。（電通量是指穿過某一截面的電場線的條數，其大小為SINES，為截面與電場線的夾角。高斯定理的數學表達式為面內閉合面SS01IQSEC、不同電場中場強的計算⑴點電荷EK2RQ⑵均勻帶電環(huán)，垂直環(huán)面軸線上的某點PE，其中R和R的意義見上2322RRKQR圖。⑶均勻帶電球殼內部E內0外部E外K，其中R指考察點到球心的距離2RQ如果球殼是有厚度的的（內徑R1、外徑R2），在殼體中（R1＜R＜R2）E，其中Ρ為電荷體密度。這個式子的物理意義可以參照萬有引力定2313RRRK34四、電容四、電容1、電容器2、電容A、定義式CUQB、決定式⑴平行板電容器C，其中Ε為絕對介電常數（真空中Ε0，其它KD4SRDSK41介質中Ε），ΕR則為相對介電常數，ΕR。K410⑵柱形電容器C12RRRLNK2L⑶球形電容器CRRKRR1221R3、電容器的連接A、串聯(lián)C11C12C13C1NC1B、并聯(lián)CC1C2C3CN4、電容器的能量5、電場的能量五、電介質的極化五、電介質的極化1、電介質的極化A、電介質分類

簡介：12016年下半年中小學教師資格考試物理學科知識與教學能力試題（初級中學）注意事項1考試時間為120分鐘，滿分為150分。2請按規(guī)定在答題卡上填涂、作答。在試卷上作答無效，不予評分。一、單項選擇題（本大題共8小題，每小題5分，共40分）在每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，請用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案字母按要求涂黑。錯選、多選或未選均無分。1初中物理“探究電流與電阻的關系”一課，李老師檢查同學連接的電路，發(fā)現小明連接的電路有問題（如圖1）。由此圖可以判斷，若小明合上電源，則（）。A電壓表和電流表指針均偏轉較大B電壓表和電流表指針均幾乎不偏轉C電壓表指針偏轉較大，電流表指針幾乎不偏轉D電壓表指針幾乎不偏轉，電流表指針偏轉較大2圖2所示為一種電容式鍵盤的按鍵，它由鍵帽、彈簧和平行板電容器構成，電容器板間距為D，電容為C。按鍵時，活動極板向下移動。若電容的改變量為，則按鍵下壓的距離為（）。2ABC413D12D23D3面四種表示（俯視圖）中，正確的是（）。7用表面涂有絕緣層的四根相同導線分別繞成閉合線圈。其中，A為2匝圓形線圈，B、C為導線交叉的8字形圓線圈，D是兩個分別由半根導線繞成的閉合圓形線圈且捆綁在一起?，F將他們按圖6所示從同一高度同時由靜止釋放。它們穿過水平向里的勻強磁場，最后落到水平地面，則最先落地的線圈是（）。AABBCCDD8兩束平行的單色光A、B射向長方形玻璃磚，光從上表面入射，恰好從下表面重疊射出，如圖7所示。下面關于這兩種單色光說法正確的是（）。

簡介：2016年河南省信陽市中考物理學業(yè)水平模擬試卷年河南省信陽市中考物理學業(yè)水平模擬試卷一、填空題一、填空題1英國物理學家______總結了笛卡爾、伽利略等人的研究成果，概括出一條重要的物理定律一切物體在沒有受到外力作用的時候，總保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)為了紀念他作出的杰出貢獻，人們以他的名字命名為______的單位2如圖是物理教材中的兩幅插圖，甲圖說明______；乙圖說明物體間力的作用是______的3小明對著手輕輕的吹氣，手感到涼，而對著手哈氣時，手反而感到暖和，這是因為吹氣時加快了手上的汗液的______（填物態(tài)變化名稱）吸熱，使手溫度下降，哈氣時，哈出的水蒸氣遇冷______（填物態(tài)變化名稱）而______熱量4在爸爸去哪兒節(jié)目中，孩子們很容易辨別出爸爸發(fā)出的聲音，這主要是爸爸聲音的______不同，文明城市要求植樹種草，樹木和花草既能美化城市也具有在______減弱噪聲的作用5如圖所示，當電源電壓為4V，電壓表的示數為1V，當電源電壓增加到12V時，電流表的示數為1A，則此時電路消耗的電功率是______W，電阻R1______Ω，R2______Ω6物理老師在做“碘的升華”實驗時，用酒精燈直接對放有少量固態(tài)碘的碘升華管加熱，如圖所示，發(fā)現碘升華管內出現紫色的碘蒸汽，小紅同學查閱資料發(fā)現，常壓下，碘的熔點為11360℃，碘的沸點為18425℃，酒精燈火焰的溫度約400℃，根據這些資料，小紅認為實驗中，碘可能經歷了由固態(tài)到液態(tài)再到氣態(tài)的變化過程，老師的實驗并不能得到碘升華結論，針對小紅的之一，請設計一個實驗，證明碘能從固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)，可以選用上述器材或補充必要的輔助器材，寫出實驗方案并簡要說明實驗設計______簡要說明______A實心球在空中上升B實心球從空中下落C實心球在地上滾動時D實心球停在地面上11水平桌面上放有甲、乙兩個盛水的容器，現把兩個形狀和體積都相同的物體分別放入兩容器中，當物體靜止時，兩容器中液面剛好相平，如圖所示，下列說法正確的是（）A兩物體受到的浮力相等B兩容器底部所受液體壓強相等C兩物體的質量相等D乙容器中物體密度較大12用圖甲所示的裝置測出凸透鏡的焦距，并“探究凸透鏡成像規(guī)律”，當蠟燭、透鏡、光屏位置如圖乙時，在光屏上可成清晰的像下列說法正確的是（）A凸透鏡的焦距是30CMB圖乙中燭焰成的是倒立放大的像C照相機成像特點與圖乙中所成像的特點相同D保持凸透鏡、光屏位置不變，將蠟燭遠離凸透鏡，燭焰仍可在光屏上成清晰的像13如圖所示，小明將壓強計的探頭放入水中的某一深度處，記下U形管中兩液面的高度差H，下列操作中能使U形管中兩液面的高度差H增大的是（）A將探頭向下移動一段距離B深度不變，把U形管中的水換成酒精

簡介：大學物理上冊習題及解答大學物理上冊習題及解答習題一習題一11｜R｜與R有無不同TDDR和TDDR有無不同TDDV和TDDV有無不同其不同在哪里試舉例說明解（1）R是位移的模，R是位矢的模的增量，即R12RR，12RRR；（2）TDDR是速度的模，即TDDRVTSDDTRDD只是速度在徑向上的分量∵有RRR（式中R叫做單位矢），則TRTRTDDDDDDRRR式中TRDD就是速度徑向上的分量，∴TRTDDDD與R不同如題11圖所示題11圖3TDDV表示加速度的模，即TVADD，TVDD是加速度A在切向上的分量∵有VV表軌道節(jié)線方向單位矢），所以TVTVTVDDDDDD式中DTDV就是加速度的切向分量TTRDDDD與的運算較復雜，超出教材規(guī)定，故不予討論12設質點的運動方程為XXT，YYT，在計算質點的速度和加速度時，有人先求出R＝22YX，然后根據VTRDD，及A＝22DDTR而求得結果；又有人先計算速度和加速度的分量，再合成求得結果，即V22DDDDTYTX及A222222DDDDTYTX你認為兩種方法哪一種正確為什么兩者差別何在解后一種方法正確因為速度與加速度都是矢量，在平面直角坐標系中，有JYIXR，則JIV7341SM5∵JIVJIV733340204SM1444JVVTVA62SM1DDJTVA這說明該點只有Y方向的加速度，且為恒量。14在離水面高H米的岸上，有人用繩子拉船靠岸，船在離岸S處，如題14圖所示當人以0VM1S的速率收繩時，試求船運動的速度和加速度的大小圖14解設人到船之間繩的長度為L，此時繩與水面成角，由圖可知222SHL將上式對時間T求導，得TSSTLLDD2DD2題14圖根據速度的定義，并注意到LS是隨T減少的，∴TSVVTLVDDDD0船繩即COSDDDD00VVSLTLSLTSV船或SVSHSLVV021220船將船V再對T求導，即得船的加速度3202220202002DDDDDDSVHSVSLSVSLVSVVSTSLTLSTVA船船15質點沿X軸運動，其加速度和位置的關系為A＝262X，A的單位為2SM，X的單

簡介：1中學物理學名詞中英文對照中學物理學名詞中英文對照中文詞匯英文對照A安培AMPERE凹透鏡CONCAVELENSB比熱容SPECIFICHEAT變阻器VARIABLERESIST并聯(lián)電路PARALLELCIRCUIT不可再生能源NONRENEWABLEENERGYSOURCEC超重OVERWEIGHT超聲波SUPERSONICWAVE超導體SUPERCONDUCT次聲波INFRASONICWAVE參照物FRAMEOFREFERENCE參照系REFERENCEFRAME測量MEASURE長度LENGTH串聯(lián)電路SERIES磁場MAGICFIELD磁感線MAGICINDUCTIONLINE磁體MAGD3電話TELEPHONE電能ELECTRICALENERGY電能表KILOWATTHOURMETERE額定電壓RATEDVOLTAGE額定功率RATEDPOWERF分MINUTE非慣性系NONINERTIALSYSTEM反射REFLECTION非晶體NONCRYSTAL沸點BOILINGPOINT分貝DECIBEL伏特VOLT發(fā)電機ELECTRICGENERATG慣性INERTIA慣性系INTERTIALSYSTEM慣性力INERTIALFCE杠桿LEVER功WK功率POWER光速VELOCITYOFLIGHT光源LIGHTSOURCE