黑龍江省哈爾濱師范大學(xué)青岡實驗中學(xué)校2019屆高三上學(xué)期9月月考物理---精校解析word版

1、<p>　　www.ks5u.com</p><p>　　哈師大青岡實驗中學(xué)2018-2019學(xué)年度9月份考試</p><p><b>　　高三學(xué)年物理試題</b></p><p>　　一、選擇題（本題包括14小題,共計48分。每小題給出的四個選項中，1-8題只有一個選項正確，每題3分。9-14題有多個選項正確，全部選對的得4分，選對

2、但不全的得2分，有選錯的得0分。）</p><p>　　1.長為的細繩一端固定在O點，另一端懸掛質(zhì)量為m的小球A，為使細繩在豎直方向夾30°角且繃緊，小球A處于靜止，對小球施加的最小的力等于(   )</p><p>　　A. B. C. . D. </p><p><b>　　【答案】C<

3、;/b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　以小球為研究對象，作出受力圖如圖所示：</p><p>　　根據(jù)作圖法分析得到，當(dāng)小球施加的力F與細繩垂直時，所用的力最?。鶕?jù)平衡條件得F的最小值為Fmin=Gsin30°=0.5mg所以對小球施加的最小力0.5mg，故C正確，ABD錯誤。</p

4、><p>　　2.為了探究勻變速直線運動，某同學(xué)將一小球以一定的初速度射入一粗糙的水平面，如圖中的A、B、C、D為每隔1 s記錄的小球所在的位置，AB、BC、CD依次為第1 s、第2 s、第3 s小球通過的位移，經(jīng)測量可知AB＝8.0 m、CD＝0.5 m。假設(shè)小球的運動可視為勻減速直線運動，則下列描述正確的是 </p><p>　　A. 小

5、球勻減速運動時的加速度大小一定為3.75 m/s2</p><p>　　B. 小球勻減速運動時的加速度大小可能為3.75 m/s2</p><p>　　C. 0.5 s末小球的速度為8 m/s</p><p>　　D. 2.5 s末小球的速度為0.5 m/</p><p><b>　　【答案】C</b></p>

6、;<p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】小球做勻減速運動，若小球到達D點時速度恰為零，則研究逆過程可知，若CD=0.5m，則AB=1.5m，而AB=8m，顯然當(dāng)小球運動到CD之間位置時已經(jīng)停止運動；若小球到達D點時速度不為零，則根據(jù)?x=aT2可得CD-AB=2aT2，解得 ；可見選項AB均錯誤；第0.5 s末小球的速度等于第1s內(nèi)的平均速度，則，選

7、項C正確；因小球在CD之間的某位置已經(jīng)停止，可知2.5 s末小球的速度不等于CD之間的平均速度0.5 m/s，選項D錯誤；故選C.</p><p>　　3.如圖所示，從A點由靜止釋放一彈性小球，一段時間后與固定斜面上B點發(fā)生碰撞，碰后小球速度大小不變，方向變?yōu)樗椒较?，又?jīng)過相同的時間落于地面上C點，已知地面上D點位于B點正下方，B、D間的距離為h，則( )</p><p>　　A. A

8、、B兩點間的距離為</p><p>　　B. A、B兩點間的距離為</p><p>　　C. C、D兩點間的距離為2h</p><p>　　D. C、D兩點間的距離為</p><p><b>　　【答案】C</b></p><p><b>　　【解析】</b></p&g

9、t;<p>　　AB段小球自由下落，BC段小球做平拋運動，兩段時間相同，所以A、B兩點間距離與B、D兩點間距離相等，均為h，故AB錯誤；BC段平拋初速度 ，運動的時間，所以C、D兩點間距離x=vt=2h，故D正確，C錯誤．故選D．</p><p>　　點睛：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解，基礎(chǔ)題．</p><p>　　4.廣

10、州塔，昵稱小蠻腰，總高度達600米，游客乘坐觀光電梯大約一分鐘就可以到達觀光平臺.若電梯簡化成只受重力與繩索拉力，已知電梯在t=0時由靜止開始上升， 間關(guān)系如圖所示．則下列相關(guān)說法正確的是 （ ）</p><p>　　A. t=4.5s時，電梯處于失重狀態(tài)</p><p>　　B. 5～

11、55s時間內(nèi)，繩索拉力最小</p><p>　　C. t=59.5s時，電梯處于超重狀態(tài)</p><p>　　D. t=60s時，電梯速度恰好為0</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】據(jù)題，

12、電梯在t=0時由靜止開始上升，加速度向上，電梯處于超重狀態(tài)，此時加速度a＞0．t=4.5s時，a＞0，電梯也處于超重狀態(tài)。故A錯誤。5～55s時間內(nèi)，a=0，電梯處于平衡狀態(tài)，繩索拉力等于電梯的重力，應(yīng)大于電梯失重時繩索的拉力，所以這段時間內(nèi)繩索拉力不是最小。故B錯誤。t=59.5s時，a＜0，加速度方向向下，電梯處于失重狀態(tài)，故C錯誤。根據(jù)a-t圖象與坐標軸所圍的面積表示速度的變化量，由幾何知識可知，60s內(nèi)a-t圖象與坐標軸所圍的面

13、積為0，所以速度的變化量為0，而電梯的初速度為0，所以t=60s時，電梯速度恰好為0．故D正確。故選D。</p><p>　　【點睛】超重和失重現(xiàn)象可以運用牛頓運動定律進行分析理解，產(chǎn)生超重的條件是：物體的加速度方向向上；產(chǎn)生失重的條件：物體的加速度方向向下．要知道a-t圖象“面積”的物理意義：a-t圖象與坐標軸所圍的面積表示速度的變化量．</p><p>　　5.作用于水平面上某物體的合

14、力F與時間t的關(guān)系如圖所示，各個時刻時間間隔依次相等，設(shè)力的方向向右為正，則將物體從下列哪個時刻由靜止釋放，該物體會始終向左運動 （ ） </p><p>　　A. t1時刻 B. t2時刻</p><p>　　C. t3時刻 D. t4時刻</p><p><b>　　【答案】B<

15、/b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】根據(jù)力與加速度，加速度與速度的關(guān)系可知：t1、t3時刻由靜止釋放，物體將做往復(fù)運動，t4時刻靜止釋放時物體將一直向正方向運動，t2時刻靜止釋放，物體將一直向左運動，故ACD錯誤，B正確。故選B。</p><p>　　【點睛】弄清圖象的物理意義，將力圖象轉(zhuǎn)化為

16、加速度圖象，進一步轉(zhuǎn)化為速度圖象，則能明確反應(yīng)物體的運動過程．</p><p>　　6.如圖所示，質(zhì)量為m的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，其水平直徑AB長度為2R，現(xiàn)將質(zhì)量也為m的小球從距A點正上方h0高處由靜止釋放，然后由A點經(jīng)過半圓軌道后從B沖出，在空中能上升的最大高度為（不計空氣阻力），則（ ）</p><p>　　A. 小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒</p>&l

17、t;p>　　B. 小車向左運動的最大距離為</p><p>　　C. 小球離開小車后做斜上拋運動</p><p>　　D. 小球第二次能上升的最大高度</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　試題

18、分析：小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動量守恒，但系統(tǒng)整體所受合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤；系統(tǒng)水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：mv-mv′=0，，解得，小車的位移：x=R，故B錯誤；小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，小球由A點離開小車時系統(tǒng)水平方向動量為零，小球與小車水平方向速度為零，小球離開小車后做豎直上拋運動，故C錯誤；小球第一次車中運動過程中，由動能定理得

19、：mg（h0-h0）-Wf=0，Wf為小球克服摩擦力做功大小，解得：Wf=mgh0，即小球第一次在車中滾動損失的機械能為mgh0，由于小球第二次在車中滾動時，對應(yīng)位置處速度變小，因此小車給小球的彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功小于mgh0，機械能損失小于mgh0，因此小球再次離開小車時，能上升的高度大于：h0-h0=h0，而小于h0，故D正確；故選D。</p><p>　　考點：動量守恒定律；機械能守恒定律<

20、;/p><p>　　【名師點睛】動能定理的應(yīng)用范圍很廣，可以求速度、力、功等物理量，特別是可以去求變力功．摩擦力做功使得機械能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能。</p><p><b>　　視頻</b></p><p>　　7.如圖所示，一傾斜的勻質(zhì)圓盤垂直于盤面的固定對稱軸以恒定的角速度ω轉(zhuǎn)動，盤面上離轉(zhuǎn)軸距離2.5m處有一小物體與圓盤始終保持相對靜止，物體與盤面間的

21、動摩擦因數(shù)為。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），盤面與水平面間的夾角為30°，g取10m/s2。則ω的最大值為（ ）</p><p>　　A. rad/s B. rad/s C. 1.0rad/s D. 0.5rad/s</p><p><b>　　【答案】C</b></p><p><b>　　【解析】&l

22、t;/b></p><p>　　試題分析：當(dāng)物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點，所受的靜摩擦力沿斜面向上達到最大時，角速度最大，由牛頓第二定律得：μmgcosθ-mgsinθ=mω2r, 代入數(shù)據(jù)解得：ω=1．0rad/s，選項C正確，ABD錯誤．故選C．</p><p>　　考點：牛頓第二定律；向心力</p><p>　　【名師點睛】本題是牛頓第二定律在圓周運動問題中的應(yīng)

23、用，關(guān)鍵要分析向心力的來源，明確角速度在什么位置最大，由牛頓第二定律進行解題。</p><p><b>　　視頻</b></p><p>　　8.如圖所示，A、B兩小球分別連在彈簧兩端．B端用細線固定在傾角為30°的光滑斜面上，A、B兩小球的質(zhì)量分別為m1、m2.重力加速度為g，若不計彈簧質(zhì)量，在細線被剪斷瞬間，A、B兩小球的加速度分別為

24、 </p><p>　　A. 都等于 B. 0和</p><p>　　C. 和0 D. 0和</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】對A球分析，開始處于靜

25、止，則彈簧的彈力F=mAgsin30°，剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變；對A，所受的合力為零，則A的加速度為0；對B，根據(jù)牛頓第二定律得，，故選D。</p><p>　　【點睛】本題考查牛頓第二定律的瞬時問題，抓住剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律進行求解．</p><p>　　9.如圖所示,在水平推力F的作用下,質(zhì)量為m的楔形物塊靜止在傾角為θ的光滑固定斜面上,重

26、力加速度為g,則楔形物塊受到的斜面支持力大小為(　　)</p><p>　　A. Fsin θ B. C. mgcos θ D. </p><p><b>　　【答案】BD</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】物體受力如圖：

27、由閉合三角形定則此三力可以構(gòu)成閉合三角形，如圖，解三角形可得：F′＝，或：F′＝，故BD正確，AC錯誤；故選BD.</p><p>　　【點睛】在受力分析上，由兩種方法一種是正交分解，另一個是閉合三角形定則，兩者都需要熟練掌握．</p><p>　　10.一物體自t=0時開始做直線運動，其速度圖線如圖所示。下列選項正確的是

28、 </p><p>　　A. 在0～6s內(nèi)，物體離出發(fā)點最遠為30m</p><p>　　B. 在0～6s內(nèi)，物體經(jīng)過的路程為40m</p><p>　　C. 在0～4s內(nèi)，物體的平均速率為7.5m/s</p><p>　　D. 5～6s內(nèi)，物體所受的合外力做負功</p><p><b>　　【答案】

29、BC</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】由“面積法”可求出0-5s的位移 x1=×10m=35m，5-6s的位移 x2=-×1×10m=-5m，總路程為：S=x1+|x2|=40m，故B正確；0-5s物體向正向運動，5-6s向負向運動，故5s末離出發(fā)點最遠，物體離出發(fā)點最遠為35

30、m。故A錯誤；由面積法求出0-4s的位移 x=×10m=30m，路程 s=x=30m，平均速率為：，故C正確；由圖象知5～6s過程物體做勻加速運動，動能增大，由動能定理知，合外力對正功，故D錯誤。故選BC。</p><p>　　【點睛】本題考查了速度--時間圖象的應(yīng)用及做功正負的判斷，要明確斜率的含義，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息，要注意路程和位移的區(qū)別．&

31、lt;/p><p>　　11.如圖所示，A.B兩物體質(zhì)量之比為=3:2，它們原來靜止在平板車Ｃ上，AB間有一根被壓縮了的彈簧，AB與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，地面光滑，當(dāng)彈簧突然釋放后（ ）</p><p>　　A.A.B系統(tǒng)動量守恒 B.A.B.Ｃ系統(tǒng)動量守恒</p><p>　　C.小車向左運動 D.小車向右運動</p&

32、gt;<p><b>　　【答案】BC</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　試題分析:對系統(tǒng)A.B受力分析。受到重力和小車給的支持力和小車給的摩擦力，因為，當(dāng)彈簧被釋放后，這兩個摩擦力必然不相等，故系統(tǒng)合外力必定不為0，則A.B系統(tǒng)動量不守恒；故A錯誤。當(dāng)以A.B.C系統(tǒng)為研究對象時，受力分析知

33、道系統(tǒng)合外力必然為0，故動量守恒，B正確。當(dāng)彈簧釋放的時候A.B為整體來看A.B系統(tǒng)合力方向向右，取向右的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律，則有：;故小車必定向左運動，也可對C受力分析，C受到的合力必定向左。綜合上述，C正確，D錯誤。</p><p>　　考點：受力分析 動量守恒定律</p><p>　　12.中國志愿者王躍參與人類歷史上第一次全過程模擬從地球往返火星的試驗“火星－500”。

34、假設(shè)將來人類一艘飛船從火星返回地球時，經(jīng)歷如圖所示的變軌過程，則下列說法正確的是(　　 )</p><p>　　A. 飛船在軌道Ⅱ上運動時，在P點的速度大于在Q點的速度</p><p>　　B. 飛船在軌道Ⅰ上運動時，在P點的速度大于在軌道Ⅱ上運動時在P點的速度</p><p>　　C. 飛船在軌道Ⅰ上運動到P點時的加速度等于飛船在軌道Ⅱ上運動到P點時的加速度<

35、;/p><p>　　D. 若軌道Ⅰ貼近火星表面，測出飛船在軌道Ⅰ上運動的周期，就可以推知火星的密度</p><p><b>　　【答案】ACD</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　軌道Ⅱ為橢圓軌道，由機械能守恒定律知，由近地點P向遠地點Q運動時，動能減少，勢能增加，

36、故P點的速度大于在Q點的速度，故A正確；飛船由軌道I變?yōu)檐壍愧蛐柙赑點加速，故在軌道Ⅰ上運動時，在P點的速度小于在軌道Ⅱ上運動經(jīng)過P點速度，故B錯誤；飛船在兩軌道上P點時到地球中心距離相同，受地球引力即ma＝，有a＝，即加速度相同，故C正確；若軌道Ⅰ貼近火星表面，測出飛船在軌道Ⅰ上運動的周期T，由，ρ＝M/V，V＝R3得ρ＝，故D正確。故選ACD。</p><p>　　13.如圖所示，在外力作用下某質(zhì)點運動的v-

37、t圖象為正弦曲線，從圖中可判斷 </p><p>　　A. 在0～t1 時間內(nèi)，外力做正功</p><p>　　B. 在0～t1 時間內(nèi)，外力的功率逐漸增大</p><p>　　C. 在t2 時刻，外力的功率最大</p><p>　　D. 在t1 ～t3

38、時間內(nèi)，外力做的總功為零</p><p><b>　　【答案】AD</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】在0～t1時間內(nèi)，由圖象可知，物體的速度沿正方向，加速度為正值且減小，故力與速度方向相同，故外力做正功；故A正確；圖象斜率表示加速度，加速度對應(yīng)合外力，合外力減小，速度增大；

39、由圖象可知0時刻速度為零，t1時刻速度最大但拉力為零，由P=Fv可知外力的功率在0時刻功率為零，t1時刻功率也為零，可知功率先增大后減小，故B錯誤。t2時刻物體的速度為零，由P=Fv可知外力的功率為零，故C錯誤。在t1～t3時間內(nèi)物體的動能變化為零，由動能定理可知外力做的總功為零，故D正確；故選AD。</p><p>　　【點睛】本題要求學(xué)生能熟練掌握圖象的分析方法，由圖象得出我們需要的信息．B答案中采用極限分析

40、法，因開始為零，后來為零，而中間有功率，故功率應(yīng)先增大，后減?。?lt;/p><p>　　14.如圖所示，勁度數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體接觸(未連接)，彈簧水平且無形變，用水平力F緩慢推動物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長度被壓縮了x0，此時物體靜止，撤去F后，物體開始向左運動，運動的最大距離為4x0，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度取g，則( )</p><

41、;p>　　A. 撤去F后，物體先做勻加速運動，再做勻減速運動</p><p>　　B. 撤去F后，物體剛運動時的加速度大小為－μg</p><p>　　C. 物體做勻減速運動的時間為</p><p>　　D. 物體開始向左運動到速度最大的過程中克服摩擦力做的功為μmg(x0－)</p><p><b>　　【答案】BD<

42、/b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　試題分析：撤去F后，物體在水平方向上受彈簧向左的彈力和水平面的滑動摩擦力作用，因此根據(jù)牛頓第二定律可知，在撤去F瞬間，物體的加速度為：a＝－μg，故選項B正確；隨著物體向左運動，彈簧的形變量逐漸減小，即物體先做加速度逐漸減小的加速運動，當(dāng)kx＝μmg時，加速度減小至零，繼而物體將做加速度逐

43、漸增大的減速運動，當(dāng)物體與彈簧分離后，物體水平方向上只受滑動摩擦力作用，做勻減速直線運動，故選項A錯誤；由題意可知，因撤去F后，物體開始向左運動，運動的最大距離為4x0，即物體做勻減速直線運動的位移為3x0，所以，根據(jù)勻變速直線運動位移公式可知，物體做勻減速運動的時間為：t＝，故選項C錯誤；由前面的分析可知，當(dāng)kx＝μmg時，物體向左運動的速度達到最大，此過程中，物體克服摩擦力做的功為：＝μmg(x0－x)＝μmg(x0－)，故選項D正

44、確。</p><p>　　考點：本題主要考查了勻變速直線運動規(guī)律、牛頓運動定律、功的計算等應(yīng)用問題，屬于中檔題。</p><p>　　二、實驗題（本題共2小題，15題6分，16題6分，共計12分）</p><p>　　15.如圖甲所示是某同學(xué)探究加速度與力的關(guān)系的實驗裝置。他在氣墊導(dǎo)軌上B處安裝了一個光電門，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過氣墊導(dǎo)軌左端的定滑輪與力

45、傳感器相連，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從A處由靜止釋放。</p><p>　　(1)該同學(xué)用游標卡尺測量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則d＝__________ mm。</p><p>　　(2)下列實驗要求不必要的是__________。</p><p>　　A．應(yīng)使滑塊質(zhì)量遠大于鉤碼和力傳感器的總質(zhì)量</p><p>　　B．應(yīng)使A位置

46、與光電門間的距離適當(dāng)大些</p><p>　　C．應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平</p><p>　　D．應(yīng)使細線與氣墊導(dǎo)軌平行</p><p>　　(3)改變鉤碼的質(zhì)量，測出對應(yīng)的力傳感器的示數(shù)F和遮光條通過光電門的時間t，通過描點作出線性圖像，研究滑塊的加速度與力的關(guān)系，處理數(shù)據(jù)時應(yīng)作出________(選填“t2 ­F”“ ­F”或“ ­

47、F”)圖像。</p><p>　　【答案】 (1). 2.25 (2). A (3). </p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】（1）由圖知第5條刻度線與主尺對齊，d=2mm+5×0.05mm=2.25mm；（2）拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小關(guān)系無關(guān)，故

48、A正確；應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些，有利于減小誤差，故B錯誤；應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平，使拉力才等于合力，故C錯誤；要保持拉線方向與木板平面平行，拉力才等于合力，故D正確；此題選擇不必要的，故選A．（3）由題意可知，該實驗中保持小車質(zhì)量M不變，因此有：v2=2as，其中：v=，a=，解得：，整理得：，所以研究滑塊的加速度與力的關(guān)系，處理數(shù)據(jù)時應(yīng)作出?F圖象．</p><p>　　【點睛】常用儀器的讀數(shù)要掌握

49、，這是物理實驗的基礎(chǔ)．處理實驗時一定要找出實驗原理，根據(jù)實驗原理我們可以尋找需要測量的物理量和需要注意的事項．</p><p>　　16.在驗證機械能守恒定律的實驗中，使質(zhì)量為m＝200 g的重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列的點，選取一條符合實驗要求的紙帶如圖所示．O為紙帶下落的起始點，A、B、C為紙帶上選取的三個連續(xù)點．已知打點計時器每隔T＝0.02 s打一個點，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間＝9.8 m/s2

50、，那么</p><p>　　(1)計算B點瞬時速度時，甲同學(xué)用，乙同學(xué)用.其中所選擇方法正確的是______(填“甲”或“乙”)同學(xué)．</p><p>　　(2)同學(xué)丙想根據(jù)紙帶上的測量數(shù)據(jù)進一步計算重物和紙帶下落過程中所受的阻力，為此他計算出紙帶下落的加速度為________ m/s2，從而計算出阻力Ff＝______ N.</p><p>　　(3)若同學(xué)丁不慎

51、將上述紙帶從OA之間扯斷，他僅利用A點之后的紙帶能否實現(xiàn)驗證機械能守恒定律的目的？________.(填“能”或“不能”)</p><p>　　【答案】 (1). 乙 (2). 9.5 (3). 0.06 (4). 能</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　(1)由于實驗過程中重物和紙帶會受到

52、空氣和限位孔的阻力作用，導(dǎo)致測得的加速度小于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，所以求速度時不能用，來求，只能根據(jù)求瞬時速度值，所以乙正確。</p><p>　　(2)根據(jù)逐差法Δx＝at2，可求出，代入數(shù)據(jù)解得：a＝9.5 m/s2，由mg－Ff＝ma解得阻力：Ff＝0.06 N。</p><p>　　(3)根據(jù)可知，可以利用A點之后的紙帶驗證機械能守恒，即能實現(xiàn)。</p><p&g

53、t;　　三、計算題（本題共2小題，共25分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須寫出數(shù)值和單位）</p><p>　　17. 我國最新交通規(guī)則規(guī)定：黃燈亮?xí)r車頭已越過停車線的車輛可以繼續(xù)通行，車頭未越過停車線的若繼續(xù)前行則視為闖黃燈，屬于交通違章行為，我國一般城市路口紅燈變亮之前綠燈和黃燈各有3s的閃爍時間。國家汽車檢測標準中有關(guān)汽車制動初速度與剎車距

54、離的規(guī)定是這樣的：小客車在制動初速度為14m／s的情況下，制動距離不得大于20m。</p><p>　　(1）根據(jù)國家汽車檢測標準，小客車制動達標的最小加速度多大?</p><p>　　(2）若綠燈開始閃爍時，某小客車車頭距離停車線x=18m，要使黃燈亮起時，小客車停止運動且恰好沒有越過停車線，則小客車剎車過程的初速度和加速度分別多大?</p><p>　　(己知駕

55、駛員從看到燈閃到腳下采取動作再到小客車有速度變化的反應(yīng)總時間是1s）</p><p>　　【答案】（1）；（2）</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　試題分析：（1）根據(jù)速度位移公式得，，</p><p>　　解得小客車剎車的最小加速度．</p><p>　?。?）由

56、題意，汽車先做勻速直線運動，反應(yīng)時間內(nèi)汽車行駛的距離，</p><p>　　汽車做勻加速運動的時間</p><p><b>　　代入數(shù)據(jù)解得，。</b></p><p>　　考點：勻變速直線運動規(guī)律的應(yīng)用</p><p>　　【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的運動學(xué)公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會

57、使問題更加簡捷。</p><p>　　18.如圖,一個質(zhì)量m=0.5 kg的小車(可視為質(zhì)點)在水平直軌道上以恒定功率P=2 W從O點靜止出發(fā),2.5 s后關(guān)閉發(fā)動機,繼續(xù)滑行一段距離之后從A點水平拋出,恰好從圓環(huán)BCD的B點沿切線方向進入圓環(huán),經(jīng)圓環(huán)BCD從圓環(huán)的最高點D飛出后恰好又落到B點。已知OA的長度L=1 m,圓環(huán)的半徑R=0.4 m,且A、D兩點在同一水平線上,BC弧對應(yīng)的圓心角θ=60°,

58、重力加速度為g=10 m/s2,不計空氣阻力和圓環(huán)細管的直徑。</p><p>　　(1)小車在直軌道上所受阻力為車重的多少?</p><p>　　(2)求在D點處圓環(huán)管壁對小車的作用力;</p><p>　　(3)求小車在整個運動過程中克服阻力做的功。</p><p>　　【答案】(1) 0.8 (2) (3) </p>&

59、lt;p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】（1）小車從A點運動到B點的過程，設(shè)小車運動到B點時豎直方向的速度vy，根據(jù)運動學(xué)公式和幾何關(guān)系可知： </p><p><b>　　解得 </b></p><p>　　設(shè)小車在直道上所受阻力為車重的μ倍，小車由O點到A點的過程中，由動能定理： &l

60、t;/p><p><b>　　解得μ=0.8</b></p><p>　?。?）設(shè)小車經(jīng)過t0時間從D點運動到B點，在豎直方向有： </p><p><b>　　解得 </b></p><p>　　則小車從D點拋出后的速度： </p><p>　　設(shè)在D點處圓環(huán)管壁對小車的作用力

61、為FN，則由向心力公式： </p><p>　　解得：FN=3.75N，方向豎直向上；</p><p>　?。?）設(shè)小車在整個過程中克服阻力做功為Wf，從O到D點，由動能定理： 解得：Wf=4.75J</p><p><b>　　四、選修題</b></p><p>　　19.關(guān)于一定量的氣體，下列說法正確的是（_____

62、_）</p><p>　　A．氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和</p><p>　　B.只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低</p><p>　　C.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零</p><p>　　D.氣體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加</p>&

63、lt;p>　　E．氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高。</p><p><b>　　【答案】ABE</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和，選項A正確；溫度高體分子熱運動就劇烈，所以只要能減弱氣體分

64、子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低，故B正確；在完全失重的情況下，分子運動不停息，氣體對容器壁的壓強不為零，故C錯誤；氣體從外界吸收熱量，但如果同時對外做功，則內(nèi)能不一定增加，故D錯誤；由理想氣體狀態(tài)方程可得，氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高，故E正確。故選ABE。</p><p>　　【點睛】本題考查了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用和氣體壓強的微觀意義，要注意做功和熱傳遞均可以改變物體的內(nèi)能．</p>

65、<p>　　20.（14分）如圖所示，一密閉的截面積為S的圓筒形汽缸，高為H，中間有一薄活塞，用一勁度系數(shù)為k的輕彈簧吊著，活塞重為G，與汽缸緊密接觸，不導(dǎo)熱且氣體是同種氣體，且質(zhì)量、溫度、壓強都相同時，活塞恰好位于汽缸的正中央，設(shè)活塞與汽缸壁間的摩擦可不計，汽缸內(nèi)初始壓強為，溫度為。求：</p><p><b>　　(1)彈簧原長 </b></p><p&g

66、t;　　(2)如果將汽缸倒置，保持汽缸Ⅱ部分的溫度不變，使汽缸Ⅰ部分升溫，使得活塞在汽缸內(nèi)的位置不變，則汽缸Ⅰ部分氣體的溫度升高多少?</p><p>　　【答案】（1）（2）</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　試題分析：（1）設(shè)彈簧原長為l，由題意可知，此時彈簧被拉伸，且彈簧的拉力恰等于活塞重力，即（4分）&l

67、t;/p><p><b>　　解得（2分）</b></p><p>　?。?）倒置后Ⅱ中氣體溫度不變，活塞位置不變，則其狀態(tài)就參量就不變。由此可確定Ⅰ中氣體的壓強為（2分）</p><p>　　由蓋呂查克定律可得（4分）</p><p>　　利用數(shù)學(xué)知識，變形整理解得（2分）</p><p><