四川省成都經(jīng)濟技術(shù)開發(fā)區(qū)實驗中學(xué)校2019屆高三上學(xué)期入學(xué)考試物理---精校解析word版

1、<p>　　www.ks5u.com</p><p>　　成都經(jīng)開區(qū)實驗中學(xué)2016級高三上學(xué)期入學(xué)考試</p><p><b>　　物理試題</b></p><p>　　1.物理量有的屬于狀態(tài)量，有的屬于過程量，下列物理量屬于過程量的是(　　)</p><p>　　A. 速度 B. 加速度 C.

2、力 D. 功</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　A項：速度是指物體在某一狀態(tài)時運動的快慢，所以為狀態(tài)量，故A錯誤；</p><p>　　B項：加速度是指物體在某一狀態(tài)時速度變化的快慢，所以為狀態(tài)量，故B錯誤；<

3、;/p><p>　　C項：力是指物體在某一狀態(tài)時所受的力，所以為狀態(tài)量，故C錯誤；</p><p>　　D項：功是力和力的方向上位移的乘積，所以功對應(yīng)一段過程，故為過程量，故D正確。</p><p>　　2.如圖所示，裝有彈簧發(fā)射器的小車放在水平地面上，現(xiàn)將彈簧壓縮鎖定后放入小球，再解鎖將小球從靜止斜向上彈射出去，不計空氣阻力和一切摩擦。從靜止彈射到小球落地前的過程中，

4、下列判斷正確的是</p><p>　　A. 小球的機械能守恒，動量守恒</p><p>　　B. 小球的機械能守恒，動量不守恒</p><p>　　C. 小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量不守恒</p><p>　　D. 小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量守恒</p><p><b>　　【答

5、案】C</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　小球在整個過程中除重力之外還有彈簧的彈力做功，故小球的機械能不守恒；小球從靜止彈射到落地前的過程中小球所受外不為零，故動量不守恒；小球、彈簧和小車組成系統(tǒng)在整個過程中只有重力和彈力做功，故系統(tǒng)機械能守恒；小球從靜止彈射到落地前的過程中系統(tǒng)所受外不為零，故動量不守恒，故選C.&

6、lt;/p><p>　　3.如圖所示，某同學(xué)以不同的初速度將籃球從同一位置拋出，籃球兩次拋出后均垂直撞在豎直墻上，圖中曲線為籃球第一次運動的軌跡，O為撞擊點，籃球第二次拋出后與墻的撞擊點在O點正下方，忽略空氣阻力，下列說法正確的是</p><p>　　A. 籃球在空中運動的時間相等</p><p>　　B. 籃球第一次撞墻時的速度較小</p><p&

7、gt;　　C. 籃球第一次拋出時速度的豎直分量較小</p><p>　　D. 籃球第一次拋出時的初速度較小</p><p><b>　　【答案】B</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　將籃球的運動反向處理，即可視為平拋運動，第二次下落的高度較小，所以運動時間較短

8、，故A錯誤；水平射程相等，由得知第二次水平分速度較大，即籃球第二次撞墻的速度較大，第一次撞時的速度較小，故B正確；第二次時間較短，則由可知，第二次拋出時速度的豎直分量較小，故C錯誤；根據(jù)速度的合成可知，不能確定拋出時的速度大小，故D錯誤；故選B.</p><p>　　4.如圖所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向運動，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板為參照物</p><p>　　A. 帆船

9、朝正東方向航行，速度大小為v</p><p>　　B. 帆船朝正西方向航行，速度大小為v</p><p>　　C. 帆船朝南偏東45°方向航行，速度大小為</p><p>　　D. 帆船朝北偏東45°方向航行，速度大小為</p><p><b>　　【答案】D</b></p><p

10、><b>　　【解析】</b></p><p>　　試題分析：將帆板視為靜止，則可得出船相對于板的速度，再由運動的合成與分解可求得合速度的大小和方向．</p><p>　　解：以帆板為參考系，即把帆板看作靜止，則帆船相對于帆板有向東的速度v及向北的速度v；</p><p>　　由矢量合成可知，二者的合速度v合=v；方向北偏東45度．<

11、;/p><p><b>　　故選：D</b></p><p>　　【點評】本題考查運動的合成與分解及參考系的內(nèi)容，矢量是高中物理中的重要內(nèi)容要掌握其合成與分解的方法．</p><p><b>　　視頻</b></p><p>　　5.(多選)美國《大眾科學(xué)》雜志報道，中國首艘國產(chǎn)航母預(yù)計在2019年服役

12、．假設(shè)航空母艦上裝有幫助飛機起飛的彈射系統(tǒng)，已知某型號的艦載飛機質(zhì)量為m＝103 kg，在跑道上加速時產(chǎn)生的最大動力為F＝7×103 N，所受阻力為重力的0.2倍，當飛機的速度大小達到50 m/s時才能離開航空母艦起飛．g取10 m/s2，設(shè)航空母艦甲板長為160 m，則下列說法中正確的是(　　)</p><p>　　A. 飛機在跑道上加速時所受阻力大小為103 N</p><p&g

13、t;　　B. 飛機在跑道上加速時的最大加速度大小為4 m/s2</p><p>　　C. 若航空母艦處于靜止狀態(tài)，彈射系統(tǒng)必須使飛機至少具有大小為30 m/s的初速度</p><p>　　D. 若航空母艦上不裝彈射系統(tǒng)，為使飛機仍能在此艦上正常起飛，航空母艦沿飛機起飛方向的速度大小至少應(yīng)為10 m/s</p><p><b>　　【答案】CD</b&

14、gt;</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　飛機在跑道上加速時所受阻力f＝kmg＝0.2×103×10 N＝2×103 N，選項A錯誤．由牛頓第二定律得F－f＝ma，解得a＝5 m/s2，選項B錯誤．設(shè)彈射系統(tǒng)必須使飛機具有的初速度大小為v0，由勻變速直線運動規(guī)律得v2－v02＝2ax，代入數(shù)據(jù)解得v0＝30

15、 m/s，選項C正確．若航空母艦上不裝彈射系統(tǒng)，設(shè)飛機起飛所用的時間為t，航空母艦的最小速度為v1，則飛機相對地面的速度v＝v1＋at，飛機相對航母的位移大小x＝at2，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得v1＝10 m/s，選項D正確．</p><p>　　6.如圖所示在xOy平面內(nèi)固定有ABC三個點電荷，A電荷的坐標為(－2，0)，B電荷在坐標原點，C電荷的坐標為(2，0)已知qA＝qC＝4q，qB＝－q，則在xOy平面內(nèi)電場強

16、度為零的點的坐標為</p><p>　　A. (0，) B. (0，－) C. (－4，0) D. (4，0)</p><p><b>　　【答案】AB</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　根據(jù)電荷分布的對稱性，xOy平面內(nèi)電場強度為零的點應(yīng)該

17、在y軸上，A、B、C產(chǎn)生的電場如圖：</p><p>　　EA＝EC＝，EB＝，則(EA＋EC) ＝EB得y＝±，故AB正確，CD錯誤。</p><p><b>　　故選：AB。</b></p><p>　　點睛：根據(jù)對稱性將A、C在y軸上產(chǎn)生的電場合成，它與B產(chǎn)生的電場等大反向。</p><p>　　7.“蹦

18、床”已被奧運會列為正式比賽項目．運動員利用蹦床網(wǎng)的彈性彈起到空中，完成動作后落回到網(wǎng)上，再經(jīng)蹦床網(wǎng)的彈性彈起，如此往復(fù)．圖示的F﹣t圖象是傳感器記錄的是一位運動員雙腳在接觸蹦床過程中，蹦床對運動員的彈力F隨時間t的變化情況．設(shè)運動員只在豎直方向上運動，取重力加速度為10m/s2，則運動員在前12s的時間內(nèi)（ ）</p><p>　　A. 獲得的最大加速度為40 m/s2</p>

19、;<p>　　B. 獲得的最大加速度為50 m/s2</p><p>　　C. 騰空彈起時的最大高度約為2.5m</p><p>　　D. 騰空彈起時的最大高度約為3.2m</p><p><b>　　【答案】AD</b></p><p><b>　　【解析】</b></p>

20、;<p>　　由圖知：運動員的重力 G=500N，則得其質(zhì)量為</p><p>　　蹦床對運動員的最大彈力：Fm=2500N 由牛頓第二定律得 Fm-G=mam 解得獲得的最大加速度 am=40m/s2．故A正確，B錯誤．運動員在空中運動的時間：t0=8.4s-6.8s=1.6s 下落時間：t= =0.8s，騰空彈起時的最大速度為 v=gt=10×0.8m/s=8m/s，最大高度為 ，故C

21、錯誤，D正確．故選AD.</p><p>　　點睛：本題要讀懂圖象，由圖象讀出運動員在空中運動的時間t，將運動員的運動近似看成豎直上拋，根據(jù)對稱性下落時間．</p><p>　　8.下列說法正確的是(　　)</p><p>　　A. 普朗克在研究黑體輻射問題時提出了能量子假說</p><p>　　B. 若使用某種頻率的光不能使某金屬發(fā)生光電效

22、應(yīng)，則需增大入射光光照強度才行</p><p>　　C. 結(jié)合能越大，原子核結(jié)構(gòu)一定越穩(wěn)定</p><p>　　D. 用一束綠光照射某金屬，能發(fā)生光電效應(yīng)，若換成紫光來照射該金屬，也一定能發(fā)生光電效應(yīng)</p><p>　　E. 將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是不同于萬有引力和電磁力的另一種相互作用</p><p><b>　　【答案】

23、ADE</b></p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　普朗克在研究黑體輻射問題時提出了能量子假說，A正確．只有當入射光的頻率大于金屬的極限頻率時，才會發(fā)生光電效應(yīng)，B錯誤．比結(jié)合能(平均結(jié)合能)越大，原子核結(jié)構(gòu)一定越穩(wěn)定，C錯誤．由于紫光的頻率大于綠光的頻率，故綠光照射某金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，若換成紫光來照射該金屬，也一定能發(fā)生光

24、電效應(yīng)，D正確．將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是短程力，是不同于萬有引力和電磁力的另一種相互作用，E正確．</p><p>　　9.某探究小組利用氣墊導(dǎo)軌和光電門計時器等裝置探究動能定理.他們通過改變滑輪下端小盤中沙子的質(zhì)量來改變滑塊水平方向的拉力;滑塊上裝有寬為d的擋光片.實驗中,用天平稱出小盤和沙子的總質(zhì)量為m,滑塊(帶擋光片)的質(zhì)量為M,計時器顯示擋光片經(jīng)過光電門1和2的時間分別為Δt1,Δt2.</p

25、><p>　　(1)在滿足____的條件下,才可以認為小盤和沙子的總重力所做的功等于繩的拉力對滑塊做的功. </p><p>　　(2)實驗中還必須測量的物理量是________,試寫出本次需要探究的關(guān)系式__________(用測量量和已知量表示).</p><p>　　【答案】 (1). （1）m?M (2). （2）兩光電門之間的距離L

26、 (3). mgL=M（）2-M（）2 </p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】（1）根據(jù)實驗原理可知當小盤和沙子的總質(zhì)量m遠小于滑塊車的總質(zhì)量M時，可將才可以認為小盤和沙子的重力看作滑塊的拉力，根據(jù)動能定理可知，此時小盤和沙子的重力所做的功等于滑塊動能的改變量．（2）要測量滑塊受到的拉力做的功，必須要知道滑塊從光電門1

27、運動到光電門2的距離，即還必須測量兩光電門之間的距離L．滑塊所受的合外力做功為W=mgL；由于光電門的寬度d很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度．滑塊通過光電門1速度：v1=滑塊通過光電門2速度：v2=所以動能的增量：△Ek＝Mv22?Mv12=M（）2-M（）2 故本次探究的原理表達式為：mgL=M（）2-M（）2</p><p>　　【點睛】不管是考查什么實驗，首先要找到實驗原理

28、，我們就可以根據(jù)實驗原理找需要的實驗儀器，找實驗時需要注意的問題，列式求解一些需要的物理量．實驗中我們還要清楚研究對象和研究過程，要學(xué)會對實驗誤差的分析．</p><p>　　10.① 下列有關(guān)實驗的描述中，正確的是________。</p><p>　　A．在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，拉橡皮筋的細繩應(yīng)稍長一些；</p><p>　　B．在“探究彈簧彈力與其

29、伸長量”關(guān)系的實驗中，作出彈力和彈簧長度的圖象也能求出彈簧的勁度系數(shù)；</p><p>　　C．在“探究功與速度變化的關(guān)系”實驗中，需要求出打點紙帶的平均速度；</p><p>　　D．在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，必須由v=gt求出打某點時紙帶的速度。</p><p>　?、?如左圖所示為某同學(xué)所安裝的“探究加速度與合外力、質(zhì)量關(guān)系”的實驗裝置，在圖示狀態(tài)下，

30、開始做實驗。請指出該同學(xué)在實驗裝置和操作中的主要錯誤：（至少舉出兩處）</p><p>　　錯誤1_______________________________________</p><p>　　錯誤2_______________________________________</p><p>　　【答案】 (1). AB (2). 打點計時器不能接

31、干電池 (3). 小車應(yīng)靠長木板右側(cè)釋放；長木扳左端細線沒有調(diào)整水平</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【詳解】①在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，拉橡皮筋的細繩要稍長，利于確定力的方向，有利于實驗中作圖，故A正確；作出彈力和彈簧長度的圖象，由胡克定律可知F=kx=k（l-l0），由此可知，在彈力和彈簧長度的圖象中圖象的斜率也

32、表示勁度系數(shù)k，故B正確；</p><p>　　在“探究功與速度變化的關(guān)系”實驗中，需要求出物塊勻速運動時的速度，即紙帶點跡均勻部分的速度，故C錯誤；若v=gt求出打某點時紙帶的速度，需要驗證的方程mgh＝mv2就是恒等式了，就無需驗證了，故D錯誤。故選AB。</p><p>　　②根據(jù)打點計時器的原理和構(gòu)造可知，其適用的是交流電源，同時在使用打點計時器時要使小車靠近打點計時器，不能離的太

33、遠；在驗證牛頓第二定律的實驗中，要通過抬高一端來平衡摩擦力。故答案為：打點計時器不能接干電池；小車應(yīng)靠長木板右側(cè)釋放；長木扳左端滑輪沒有調(diào)整水平；</p><p>　　11.如圖所示，絕緣光滑軌道ABCD豎直放在與水平方向成的勻強電場中，其中BCD部分是半徑為R的半圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓相切，現(xiàn)把一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的小球(大小忽略不計)，放在水平面上某點由靜止開始釋放，恰好能通過半圓軌道最高點D，落地時

34、恰好落在B點．求：</p><p><b>　　(1)電場強度E；</b></p><p>　　(2)起點距B點的距離L.</p><p>　　【答案】（1），（2）2.5R.</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　?。?）小球通過D點后分別在水平方

35、向做勻變速直線運動和在豎直方向做勻加速直線運動，對小球受力分析，由牛頓第二定律求出兩個方向的加速度，結(jié)合小球恰好能通過D點的臨界條件列出方程組進行求解；（2）由起點到D點的過程，根據(jù)動能定理求起點距B點的距離.</p><p>　　(1)小球恰好能通過D點，則有：</p><p>　　小球通過D點后的運動：水平方向做勻變速直線運動：</p><p><b>

36、;　　由牛頓第二定律得：</b></p><p>　　豎直方向做勻加速直線運動：</p><p><b>　　由牛頓第二定律得：</b></p><p><b>　　聯(lián)立得：</b></p><p>　　(2)由起點到D點的過程，根據(jù)動能定理得：</p><p>

37、<b>　　解得：</b></p><p>　　12.霧霾天氣會對行車安全造成很大的影響，因此在行車時司機應(yīng)打開汽車的前霧燈和尾部雙閃燈，以保證行車安全．若在某平直公路上，有一貨車正以v1＝9 m/s的速度勻速行駛，其后方有一小轎車正以v2＝24 m/s的速度勻速行駛．由于霧霾的影響，小轎車司機只有到達距離貨車d＝35 m的地方才能看到該貨車尾部雙閃燈發(fā)出的光，若此時小轎車司機立即剎車做勻減

38、速直線運動，則小轎車要經(jīng)過Δx＝96 m才能停下來．兩車在運動過程中可視為質(zhì)點．</p><p>　　(1)若小轎車司機剎車時，前方的貨車仍以原速度向前勻速行駛，試通過計算分析兩車是否會相撞．</p><p>　　(2)若小轎車司機在剎車的同時給前方的貨車發(fā)出信號，貨車司機經(jīng)Δt＝1 s收到信號并立即以a＝2 m/s2的加速度勻加速行駛，試通過計算分析兩車是否會發(fā)生相撞．</p>

39、;<p>　　【答案】(1)會　(2)不會</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　(1)設(shè)剎車時小轎車的加速度大小為a1，則由運動學(xué)公式可得Δx＝</p><p>　　解得a1＝3 m/s2</p><p>　　設(shè)兩車達到速度相等時所用時間為t1，則有</p>&l

40、t;p>　　v1＝v2－a1t1</p><p>　　代入數(shù)據(jù)可解得t1＝5 s</p><p>　　設(shè)在t1時間內(nèi)小轎車行駛的距離為x1，則有</p><p>　　x1＝v2t1－a1t12</p><p>　　設(shè)在t1時間內(nèi)貨車行駛的距離為x2，則有x2＝v1t1</p><p>　　代入數(shù)據(jù)可解得x1＝82

41、.5 m，x2＝45 m</p><p>　　由于x1－x2＝37.5 m＞d＝35 m</p><p><b>　　故兩車會相撞．</b></p><p>　　(2)設(shè)兩車速度達到相等所需的時間為t2，則有</p><p>　　v2－a1t2＝v1＋a(t2－Δt)</p><p>　　解得t2

42、＝3.4 s</p><p>　　設(shè)在t2時間內(nèi)小轎車向前行駛的距離為x1′，貨車向前行駛的距離為x2′，則有x1′＝v2t2－a1t22</p><p>　　x2′＝v1Δt＋v1(t2－Δt)＋a(t2－Δt)2</p><p>　　解得x1′＝64.26 m，x2′＝36.36 m</p><p>　　由于x1′－x2′＝27.9 m＜

43、d＝35 m</p><p>　　故此種情況下兩車不會發(fā)生相撞．</p><p>　　13.將一根長為的光滑細鋼絲ABCDE制成如圖所示的形狀，并固定在豎直平面內(nèi)．其中AD段豎直，DE段為圓弧，圓心為O，E為圓弧最高點，C與E、D與O分別等高，.將質(zhì)量為m的小珠套在鋼絲上由靜止釋放，不計空氣阻力，重力加速度為g．</p><p>　　(1)小珠由B點釋放，從E點滑出

44、后恰好撞到D點，求圓弧的半徑R；</p><p>　　(2)欲使小珠到達E點與鋼絲間的彈力超過，求釋放小珠的位置范圍．</p><p>　　【答案】（1）2m （2）低于0.75m 處或高于1.25m 處</p><p><b>　　【解析】</b></p><p>　　【分解】小珠由B點釋放，到達E點滿足機械能守恒

45、，由此求出小球到達E點的速度大小，從E點滑出做平拋運動，利用運動的合成與分解求出圓弧的半徑，由機械能守恒定律，結(jié)合牛頓第二定律求出釋放小珠的位置范圍。</p><p>　　解：（1）由機械能守恒可知，小珠由C點釋放，到達E點時，因CE等高，故到達E點的速度為零；</p><p>　　由題意：+R+=L </p><p>　　小珠由B點釋放，到達E點滿足機械能守恒：

46、</p><p>　　從E點滑出后恰好撞到D點，則</p><p>　　聯(lián)立以上各式解得：R=2m </p><p>　　a.若小珠到達E點,小珠上壁對鋼絲的彈力等于，則</p><p>　　假設(shè)從釋放點到E點高度為，由機械能守恒定律： </p><p><b>　　聯(lián)立解得： </b></

47、p><p>　　b.若小珠到達E點,小珠下壁對鋼絲的彈力等于，則</p><p>　　假設(shè)從釋放點到E點高度為，由機械能守恒定律： </p><p><b>　　聯(lián)立解得： </b></p><p>　　故當小珠子從C點上方低于0.75m 處滑下或高于1.25m 處滑下時，小珠到達E點與鋼絲間的彈力超過</p>