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1、<p> www.ks5u.com</p><p> 成都經(jīng)開區(qū)實(shí)驗(yàn)中學(xué)2016級(jí)高三上學(xué)期入學(xué)考試</p><p><b> 化學(xué)試題</b></p><p> 1.我國明代《本草綱目》中記載了燒酒的制造工藝:“凡酸壞之酒,皆可蒸燒”“以燒酒復(fù)燒二次…價(jià)值數(shù)倍也”。這里用到的實(shí)驗(yàn)操作方法是</p><p&
2、gt; A. 萃取 B. 蒸餾 C. 分液 D. 過濾</p><p><b> 【答案】B</b></p><p><b> 【解析】</b></p><p> A、萃取是利用物質(zhì)在兩種互不相溶(或微溶)的溶劑中溶解度或分配系數(shù)的不同,使物質(zhì)從一種溶劑內(nèi)轉(zhuǎn)移到另外一種溶劑中;B、蒸餾是指利用液體
3、混合物中各組分揮發(fā)性的差異而將組分分離的過程;C、分液是把兩種互不混溶的液體分離開的操作方法;D、過濾是利用物質(zhì)的溶解性差異,將液體和不溶于液體的固體分離開來的一種方法;這里實(shí)驗(yàn)操作是煮酒,煮酒的分離方法是蒸餾。答案選B。</p><p> 2.NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是</p><p> A. 100mL12mol/L的濃硝酸與過量Cu反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子數(shù)目為0.6NA&l
4、t;/p><p> B. 將1molCl2通入水中,HClO、Cl-、ClO-粒子數(shù)之和為2NA</p><p> C. 同溫同壓下,兩個(gè)等體積的干燥圓底燒瓶中分別充滿①HCl ②NO2 ,進(jìn)行噴泉實(shí)驗(yàn)。經(jīng)充分反應(yīng)后燒瓶內(nèi)溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度之比為3:2</p><p> D. 實(shí)驗(yàn)室里要用480 mL 0.1mol/L的硫酸銅溶液,需稱取12.5克膽礬配制成溶液&
5、lt;/p><p><b> 【答案】D</b></p><p><b> 【解析】</b></p><p> 100mL12mol/L的濃硝酸與過量Cu反應(yīng),還原產(chǎn)物為NO2、NO的混合物,轉(zhuǎn)移電子數(shù)目大于0.6NA,故A錯(cuò)誤;氯水中含有氯分子,將1molCl2通入水中, HClO、Cl-、ClO-粒子數(shù)之和小于2NA
6、,故B錯(cuò)誤;設(shè)容器體積是vL,則氣體的物質(zhì)的量是 ;①HCl進(jìn)行噴泉實(shí)驗(yàn)得到溶液的體積是VL,鹽酸的濃度是;②NO2進(jìn)行噴泉實(shí)驗(yàn)后發(fā)生反應(yīng) , 得到硝酸溶液的體積是,生成硝酸的物質(zhì)的量為,硝酸的濃度是,溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度之比為1:1,故C錯(cuò)誤;實(shí)驗(yàn)室里要用480 mL 0.1mol/L的硫酸銅溶液,需用500 mL容量瓶,需膽礬0.5L×0.1mol/L×250g/mol=12.5克,故D正確。</p>
7、<p> 3.有機(jī)物X可作為合成青蒿素的一種基本原料,已知X的結(jié)構(gòu)如下,下列有關(guān)X的說法正確的是</p><p> A. X為烴的含氧衍生物</p><p> B. X最多可以和3mol H2發(fā)生加成反應(yīng)</p><p> C. X只能發(fā)生取代反應(yīng)和加成反應(yīng)</p><p> D. X可使溴的四氯化碳溶液、酸性高錳酸鉀溶
8、液褪色,且褪色原理相同</p><p><b> 【答案】A</b></p><p><b> 【解析】</b></p><p> A、根據(jù)結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式,此有機(jī)物除C、H外,還含有O元素,說明此有機(jī)物屬于烴的衍生物,故A說法正確;B、根據(jù)有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式,1mol此有機(jī)物只含2mol碳碳雙鍵和1mol羧基,無其他官能團(tuán),
9、因此1mol此有機(jī)物最多消耗2mol氫氣,故B說法錯(cuò)誤;C、因?yàn)楹刑继茧p鍵,還能發(fā)生加聚反應(yīng),故C說法錯(cuò)誤;D、X中含有碳碳雙鍵,與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應(yīng),與酸性高錳酸鉀溶液發(fā)生氧化反應(yīng),原理不同,故D說法錯(cuò)誤。</p><p> 點(diǎn)睛:此題屬于判斷有機(jī)物中含有的官能團(tuán),即碳碳雙鍵和羧基,注意酯基和羧基的羰基不能與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)。</p><p> 4.下圖是部分短周期元素的
10、原子序數(shù)與其某種常見化合價(jià)的關(guān)系圖,若用原子序數(shù)代表所對(duì)應(yīng)的元素,則下列說法正確的是</p><p> A. 31d和33d屬于同種核素</p><p> B. 氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性:a>d>e</p><p> C. b、c、d、e四種元素中都存在能促進(jìn)水的電離的含氧酸鹽</p><p> D. e和其它四種元素均能形成共價(jià)化合物&l
11、t;/p><p><b> 【答案】C</b></p><p><b> 【解析】</b></p><p> 【詳解】短周期元素中,a為-2價(jià)、e為+7價(jià),可推知a為O、e為Cl,b有+1價(jià),原子序數(shù)大于氧,則b為Na,由原子序數(shù)可知c、d處于第三周期,化合價(jià)分別為+3、+5,則c為Al、d為P。A.31d和33d質(zhì)子數(shù)
12、相同,中子數(shù)不同,是不同的核素,互為同位素,故A錯(cuò)誤;B.非金屬性a(O)>e(Cl)>d(P),故氫化物穩(wěn)定性:a>e>d,故B錯(cuò)誤;C.Na、Al、P、Cl都存在能促進(jìn)水的電離的含氧酸鹽,如碳酸鈉、偏鋁酸鈉、磷酸鈉、次氯酸鈉等,故C正確;D.Cl和鈉元素形成離子化合物,不能形成共價(jià)化合物,故D錯(cuò)誤;故選C。</p><p> 5.常溫下,下列各組離子一定能在指定溶液中大量共存的是</p>&l
13、t;p> A. pH=1的溶液:Ag+、Al3+、Cl-、SO42-</p><p> B. 能使酚酞試液變紅的溶液:Na+、K+、HCO3-、S2-</p><p> C. =10-12的溶液:NH4+、Cu2+、NO3-、Cl-</p><p> D. 水電離產(chǎn)生的c(OH-)=10-12mol/L的溶液:K+、Fe2+、SO42-、NO3-<
14、;/p><p><b> 【答案】C</b></p><p><b> 【解析】</b></p><p> 【詳解】A.pH=1的溶液,顯酸性,Ag+分別與Cl-、SO42-結(jié)合生成沉淀,不能大量共存,故A錯(cuò)誤;B.能使酚酞試液變紅的溶液,溶液顯堿性,堿溶液中不能大量存在HCO3-,故B錯(cuò)誤;C.=10-12的溶液,顯酸
15、性,該組離子之間不反應(yīng),可大量共存,故C正確;D.水電離產(chǎn)生的c(OH-)=10-12 mol?L-1的溶液,為酸或堿溶液,堿溶液中不能大量存在Fe2+,酸溶液中Fe2+、NO3-發(fā)生氧化還原反應(yīng),不能共存,故D錯(cuò)誤;故選C。</p><p> 【點(diǎn)睛】本題考查離子的共存,把握習(xí)題中的信息及常見離子之間的反應(yīng)為解答的關(guān)鍵,側(cè)重復(fù)分解反應(yīng)、氧化還原反應(yīng)的離子共存考查。本題的易錯(cuò)點(diǎn)為D,要注意溶液酸堿性的
16、判斷。</p><p> 6.下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)原理或操作正確的是</p><p> A. 選擇合適的試劑,用圖1所示裝置可分別制取少量CO2、NO和O2</p><p> B. 除去干燥CO2中混有的少量SO2,可將混合氣體依次通過盛有足量酸性KMnO4溶液、濃硫酸的洗氣瓶</p><p> C. 洗滌沉淀時(shí)(如圖2),向漏斗中加適量水,
17、攪拌并濾干</p><p> D. 將碘水倒入分液漏斗,加適量乙醇,振蕩后靜置,可將碘萃取到乙醇中</p><p><b> 【答案】B</b></p><p><b> 【解析】</b></p><p> 試題分析:A.NO不能用排空氣法收集,A錯(cuò)誤;B.SO2具有還原性,能被酸性高錳酸鉀
18、溶液氧化,因此除去干燥CO2中混有的少量SO2,可將混合氣體依次通過盛有足量酸性KMnO4溶液、濃硫酸的洗氣瓶,B正確;C.洗滌沉淀時(shí)(如圖2),向漏斗中加適量水,待水浸沒沉淀后自然留下,但不能攪拌,C錯(cuò)誤;D.乙醇與水互溶,不能用乙醇萃取碘水中的碘,D錯(cuò)誤,答案選B。</p><p> 考點(diǎn):考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案設(shè)計(jì)與評(píng)價(jià)</p><p> 7.下列說法正確的是</p>&
19、lt;p> A. 能使pH試紙呈紅色的溶液中可能大量存在以下離子:Na+、NH4+、I一、NO3-</p><p> B. 將CH3 COOH溶液和NaOH溶液等體積混合,該溶液中一定存在的關(guān)系式為:c( Na+)=c(CH3 COO一)+c(CH3COOH)</p><p> C. pH =3的NaHA溶液中粒子濃度大小為:c( Na+)>c( HA一)>c(A2
20、一)>c(H2A)>c(OH一)</p><p> D. CuSO4溶液遇到閃鋅礦(ZnS)慢慢轉(zhuǎn)化為銅藍(lán)(CuS),是因?yàn)閆nS的溶解度大于CuS</p><p><b> 【答案】D</b></p><p><b> 【解析】</b></p><p> 試題分析:A項(xiàng)為酸性溶
21、液,I一和NO3-在酸性條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng),而不能大量共存;B項(xiàng)溶液的濃度未知,所以無法確定關(guān)系;C項(xiàng)溶液的濃度未知,不能確定HA-是否水解,錯(cuò)誤;D項(xiàng)體現(xiàn)難溶電解質(zhì)間的轉(zhuǎn)化。</p><p> 考點(diǎn):離子共存問題、離子濃度大小的比較、難溶電解質(zhì)的沉淀溶解平衡。</p><p> 8.碳是形成化合物種類最多的元素,其單質(zhì)及化合物是人類生產(chǎn)生活的主要能源物質(zhì)。請(qǐng)回答下列問題:<
22、/p><p> (1)有機(jī)物M經(jīng)過太陽光光照可轉(zhuǎn)化成N,轉(zhuǎn)化過程如下:</p><p> ΔH=+88.6 kJ/mol則M、N相比,較穩(wěn)定的是______________(用字母“M”或“N”表示)。</p><p> (2)已知CH3OH(l)的燃燒熱ΔH=-238.6 kJ/mol,CH3OH(l)+O2(g)===CO2(g)+2H2(g) ΔH=-a k
23、J/mol,則a________238.6(填“>”“<”或“=”)。</p><p> (3)使Cl2和H2O(g)通過灼熱的炭層,生成HCl和CO2,當(dāng)有1 mol Cl2參與反應(yīng)時(shí)釋放出145 kJ熱量,寫出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式:_____________________________。</p><p> (4)火箭和導(dǎo)彈表面的薄層是耐高溫物質(zhì)。將石墨、鋁粉和二氧化
24、鈦按一定比例混合在高溫下煅燒,所得物質(zhì)可做耐高溫材料,4Al(s)+3TiO2(s)+3C(s)===2Al2O3(s)+3TiC(s) ΔH=-1 176 kJ/mol,則反應(yīng)過程中,每轉(zhuǎn)移1 mol電子放出的熱量為___________________________________kJ。</p><p> 【答案】 (1). M (2). < (3). 2Cl2(g)+2H2O(g)+C
25、(s)===4HCl(g)+CO2(g) ΔH=-290 kJ/mol (4). 98</p><p><b> 【解析】</b></p><p> 分析:(1)M轉(zhuǎn)化為N是吸熱反應(yīng),能量越高越不穩(wěn)定,據(jù)此分析。</p><p> ?。?)甲醇燃燒生成CO2和H2屬于不完全燃燒,據(jù)此分析。</p><p>
26、(3) 書寫熱化學(xué)方程式要注明物質(zhì)聚集狀態(tài)和對(duì)應(yīng)反應(yīng)的焓變。</p><p> (4)已知熱化學(xué)方程式的焓變,則應(yīng)先計(jì)算反應(yīng)轉(zhuǎn)移了多少mol電子,再計(jì)算轉(zhuǎn)移1mol電子放出的熱量。</p><p> 詳解:(1)有機(jī)物M經(jīng)過太陽光光照可轉(zhuǎn)化成N:△H=+88.6kJ/mol,過程是吸熱反應(yīng),M的總能量低于N的總能量,能量越低越穩(wěn)定,說明M穩(wěn)定; 正確答案:M。</p>&
27、lt;p> (2) 燃燒熱是1mol物質(zhì)完全燃燒生成穩(wěn)定氧化物放出的熱量,甲醇燃燒生成CO2(g)和H2(g)屬于不完全燃燒,放出的熱量小于燃燒熱;a<238.6;正確答案:<。</p><p> (3) 有1molCl2參與反應(yīng)時(shí)釋放出145kJ熱量,2mol氯氣反應(yīng)放熱290kJ,反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為:2Cl2(g)+2H2O(g)+C(s)=4HCl(g)+CO2(g)△H=-290k
28、J/mol;正確答案:2Cl2(g)+2H2O(g)+C(s) =4HCl(g)+CO2(g) ΔH=-290 kJ·mol-1 。</p><p> (4) 4Al(s)+3TiO2(s)+3C(s)=2Al2O3(s)+3TiC(s)△H=-1176kJ/mol,該反應(yīng)中轉(zhuǎn)移12mol電子,轉(zhuǎn)移12mol電子放熱1176kJ,則反應(yīng)過程中,每轉(zhuǎn)移1mol電子放熱1176/12=98 kJ;正
29、確答案:98 kJ。</p><p> 9.某無色稀溶液X中,可能含有如表所列離子中的某幾種。</p><p> 取該溶液適量,向其中加入某試劑Y,產(chǎn)生沉淀的物質(zhì)的量(n)與加入試劑體積(V)的關(guān)系如圖所示。</p><p> ?。?)若Y是鹽酸,則溶液中含有的陽離子是______ ,ab段發(fā)生反應(yīng)的總離子方程式為____________, Oa段上表中參加反應(yīng)
30、的離子的物質(zhì)的量之比為________________________。</p><p> [要標(biāo)明離子符號(hào),如n(Fe3+)].</p><p> (2)若Y是NaOH溶液,則X中一定含有上表中的離子是________________________,它們的離子個(gè)數(shù)比為______________________________,[按陽離子在前,陰離子在后,高價(jià)在前,低價(jià)在后的順序排
31、列].a(chǎn)b段反應(yīng)的離子方程式為______________________________, bc段反應(yīng)的離子方程式為____________________________________。</p><p> 【答案】 (1). Na+ (2). 2H++CO32—=H2O+CO2↑ (3). n(AlO2—)∶n(SiO32—)=2∶11 (4). Al3+、Mg2+、NH4+、Cl
32、- (5). 2:1:4:12 (6). NH4++OH-=NH3·H2O (7). Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O</p><p><b> 【解析】</b></p><p> 試題分析:溶液無色說明溶液中不含F(xiàn)e3+;(1)如果Y是鹽酸,向溶液中加鹽酸,先生成沉淀,當(dāng)a-b段時(shí),沉淀的量不變化,鹽酸和碳酸根離子反應(yīng)生
33、成氣體說明溶液中含有CO32—,則溶液中不含鎂離子、鋁離子;當(dāng)b-c段時(shí)沉淀的質(zhì)量減少,部分沉淀和鹽酸反應(yīng),部分沉淀和鹽酸不反應(yīng),說明溶液中有硅酸根離子和偏鋁酸根離子,弱酸根離子和銨根離子能雙水解,所以溶液中含有的陽離子是鈉離子;(2)若Y是氫氧化鈉,向溶液中加氫氧化鈉溶液,先生成沉淀,當(dāng)a-b段時(shí),沉淀的量不變化,則a-b段的反應(yīng)是氫氧化鈉和銨根離子反應(yīng)生成氣體; b-c段時(shí)沉淀的質(zhì)量減少,部分沉淀和氫氧化鈉反應(yīng),部分沉淀不反應(yīng),說
34、明溶液中一定有鋁離子和鎂離子,則溶液中不含硅酸根離子、碳酸根離子和偏鋁酸根離子,所以溶液中含有的陰離子是氯離子.</p><p> 解析:根據(jù)以上分析,溶液中含有的陽離子是鈉離子,ab段發(fā)生反應(yīng)是碳酸根離子和氫離子反應(yīng)生成二氧化碳和水,離子方程式為:CO32-+2H+=H2O+CO2↑;根據(jù)圖象知,氫氧化鋁和鹽酸反應(yīng)需要1v鹽酸,偏鋁酸根離子和硅酸根離子和鹽酸反應(yīng)需要4V鹽酸,有關(guān)反應(yīng)方程式為:AlO2-+H+
35、+H2O=Al(OH)3↓、SiO32-+2H+=H2SiO3 ↓、Al(OH)3+3H+=Al3++3H2O,根據(jù)方程式知,與AlO2-生成Al(OH)3 需要鹽酸的體積為 ,SiO32-生成H2SiO3需要鹽酸的體積是 ,AlO2-、SiO32-生成沉淀需要的鹽酸體積比是1:11,n(AlO2—)∶n(SiO32—)=2∶11;</p><p> ?。?)Y是氫氧化鈉,向溶液中加氫氧化鈉溶
36、液,先生成沉淀,當(dāng)a-b段時(shí),沉淀的量不變化,則a-b段的反應(yīng)是氫氧化鈉和銨根離子反應(yīng)生成氣體;當(dāng)b-c段時(shí)沉淀的質(zhì)量減少,所以b-c段是氫氧化鋁和氫氧化鈉反應(yīng)生成偏鋁酸鈉和水,反應(yīng)離子方程式為Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O,部分沉淀不反應(yīng),說明溶液中一定有鋁離子和鎂離子,則溶液中不含硅酸根離子、碳酸根離子和偏鋁酸根離子,根據(jù)電荷守恒,溶液中含有的陰離子是氯離子;o-a段的反應(yīng)是鋁離子和鎂離子與氫氧化鈉反應(yīng)生成氫氧化鋁和氫
37、氧化鎂沉淀。銨根離子需要?dú)溲趸c的體積是2v,氫氧化鋁和氫氧化鈉反應(yīng)需要?dú)溲趸c的體積是1v,則生成氫氧化鋁需要?dú)溲趸c的體積是3V,生成氫氧化鎂需要?dú)溲趸c的體積是4v-3v=1V,則n(Al3+):n(Mg2+):n(NH4+)=1: :2=2:1:4,根據(jù)溶液中陰陽離子所帶電荷相等知,n(Al3+):n(Mg2+ ):n(NH4+)、n(Cl- )=2:1:4:12,即N(Al3+):N(Mg2+ )
38、:N(NH4+)、N(Cl- )=2:1:4:12;a-b段的反應(yīng)是氫氧化鈉和銨根離子反應(yīng)生成氨氣,離子方程式</p><p> 點(diǎn)睛:氫氧化鋁是兩性氫氧化物,既能溶于強(qiáng)酸又能溶于強(qiáng)堿;在溶液中加入強(qiáng)酸或強(qiáng)堿,若出現(xiàn)沉淀先增多后減少的現(xiàn)象,則溶液中一定有Al3+。</p><p> 10.無色氣體N2O4是一種強(qiáng)氧化劑,為重要的火箭推進(jìn)劑之一。N2O4與NO2轉(zhuǎn)換的熱化學(xué)方程
39、式為N2O4(g)2NO2(g) ΔH=+24.4 kJ/mol。</p><p> ?。?)將一定量N2O4投入固定容積的真空容器中,下述現(xiàn)象能說明反應(yīng)達(dá)到平衡的是 _________。</p><p> a.v正(N2O4)=2v逆(NO2) b.體系顏色不變</p><p> c.氣體平均相對(duì)分子質(zhì)量不變
40、 d.氣體密度不變</p><p> 達(dá)到平衡后,保持體積不變升高溫度,再次到達(dá)平衡時(shí),混合氣體顏色 _______(填 “變深”“變淺”或“不變”),判斷理由_______。</p><p> (2)平衡常數(shù)K可用反應(yīng)體系中氣體物質(zhì)分壓表示,即K表達(dá)式中用平衡分壓代替平衡濃度,分壓=總壓×物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)[例如:p(NO2)=p總×x(NO2)]。寫出上述反
41、應(yīng)平衡常數(shù)Kp表達(dá)式 _______________________(用p總、各氣體物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)x表示);影響Kp的因素_________________。</p><p> (3)上述反應(yīng)中,正反應(yīng)速率v正=k正·p(N2O4),逆反應(yīng)速率v逆=k逆·p2(NO2),其中k正、k逆為速率常數(shù),則Kp為_______________(以k正、k逆表示)。若將一定量N2O4投入真空容器中恒溫恒
42、壓分解(溫度298 K、壓強(qiáng)100 kPa),已知該條件下k正=4.8×104 s-1,當(dāng)N2O4分解10%時(shí),v正=______________kPa·s-1。</p><p> ?。?)真空密閉容器中放入一定量N2O4,維持總壓強(qiáng)p0恒定,在溫度為T時(shí),平衡時(shí)N2O4分解百分率為α。保持溫度不變,向密閉容器中充入等量N2O4,維持總壓強(qiáng)在2p0條件下分解,則N2O4的平衡分解率的表達(dá)式為_
43、_________________________。</p><p> 【答案】 (1). bc (2). 變深 (3). 正反應(yīng)是吸熱反應(yīng),其他條件不變,溫度升高平衡正向移動(dòng),c(NO2)增加,顏色加深 (4). (5). 溫度 (6). (7). 3.9×106 (8). </p><p><b> 【解析】&
44、lt;/b></p><p> 【詳解】(1)a.應(yīng)是2v正(N2O4)=v逆(NO2) 時(shí)反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài),故a錯(cuò)誤;b.體系顏色不變,說明二氧化氮濃度不變,反應(yīng)到達(dá)平衡狀態(tài),故b正確;c.混合氣體總質(zhì)量不變,隨反應(yīng)減小混合氣體總物質(zhì)的量增大,平均相對(duì)分子質(zhì)量減小,當(dāng)氣體平均相對(duì)分子質(zhì)量不變時(shí),反應(yīng)到達(dá)平衡狀態(tài),故c正確;d.混合氣體的總質(zhì)量不變,容器的容積不變,氣體密度始終不變,故d錯(cuò)誤;正反應(yīng)是吸熱
45、反應(yīng),其他條件不變,溫度升高平衡正向移動(dòng),c(NO2)增加,顏色加深,故答案為:bc;變深;正反應(yīng)是吸熱反應(yīng),其他條件不變,溫度升高平衡正向移動(dòng),c(NO2)增加,顏色加深;</p><p> (2)由題目信息可知,用某組分(B)的平衡壓強(qiáng)(PB)表示平衡常數(shù)為:生成物分壓的系數(shù)次冪乘積與反應(yīng)物分壓系數(shù)次冪乘積的比,N2O4(g)?2NO2(g)的平衡常數(shù)Kp==,平衡常數(shù)只受溫度溫度影響,溫度不變,平衡常數(shù)不
46、變,故答案為:;溫度;</p><p> (3)平衡時(shí)正逆速率相等,由v正=k正.p(N2O4),v逆=k逆.p2(NO2),聯(lián)立可得Kp=,</p><p> 當(dāng)N2O4分解10%時(shí),設(shè)投入的N2O4為1mol,轉(zhuǎn)化的N2O4為0.1mol,則:</p><p> N2O4(g)?2NO2(g) 物質(zhì)的量增大△n</p><p
47、> 1 2-1=1</p><p> 0.1mol &
48、#160; 0.1mol</p><p> 故此時(shí)p(N2O4)=×100kPa=×100kPa,則v正=4.8×l04s-1××100kPa=3.9×106 kPa?s-1;故答案為:;3.9×106; </p><p> (4)在溫度為T時(shí),平衡時(shí)N
49、2O4分解百分率為a,設(shè)投入的N2O4為1mol,轉(zhuǎn)化的N2O4為amol,則:</p><p> N2O4(g)?2NO2(g) </p><p> 起始量(mol):1 0
50、0; </p><p> 變化量(mol):a 2a</p><p> 平衡量(mol):1-a 2a</p><p> 故x(N2O4
51、)=,x(NO2)=,則平衡常數(shù)Kp== =p0×,保持溫度不變,平衡常數(shù)不變,令N2O4的平衡分解率為y,則:p0×=2p0×,解得y=,故答案為:。</p><p> 【點(diǎn)睛】本題考查化學(xué)平衡狀態(tài)判斷、化學(xué)平衡常數(shù)、化學(xué)反應(yīng)速率等,題目涉及字母型計(jì)算,為易錯(cuò)題目。本題的易錯(cuò)點(diǎn)和難點(diǎn)為(3)(4),要注意(3)中根據(jù)四氧化二氮的分解率計(jì)算各組分物質(zhì)的量,進(jìn)而計(jì)算四氧化二氮的分壓p
52、(N2O4),再根據(jù)v正=k正.p(N2O4)計(jì)算;(4)中要注意溫度不變,平衡常數(shù)不變。</p><p> 11.二氧化鈰(CeO2)是一種重要的稀土氧化物,平板電視顯示屏生產(chǎn)過程中產(chǎn)生大量的廢玻璃粉末(含SiO2、Fe2O3、CeO2、FeO等物質(zhì))。某課題組以此粉末為原料,設(shè)計(jì)如下工藝流程對(duì)資源進(jìn)行回收,得到純凈的CeO2和硫酸鐵銨晶體。</p><p> 已知:CeO2不溶于稀
53、硫酸,也不溶于NaOH溶液。</p><p><b> 回答下列問題:</b></p><p> ?。?)稀酸A的分子式是_____________________________________________。</p><p> ?。?)濾液1中加入H2O2溶液的目的是___________________________________
54、________。</p><p> ?。?)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)證明濾液1中含有Fe2+___________________________________________。</p><p> ?。?)在酸性溶液中,已知Fe2+溶液可以和難溶于水的FeO(OH)反應(yīng)生成Fe3O4,書寫該反應(yīng)的離子方程式________________________________________________
55、____________。</p><p> ?。?)由濾液2生成Ce(OH)4的離子方程式_____________________________________。</p><p> (6)硫酸鐵銨晶體[Fe2(SO4)3·2(NH4)2SO4·3H2O]廣泛用于水的凈化處理,但其在去除酸性廢水中的懸浮物時(shí)效率降低,其原因是____________________
56、______________________。</p><p> ?。?)取上述流程中得到的Ce(OH)4產(chǎn)品0.531 g,加硫酸溶解后,用濃度為0.l000 mol·L-1的FeSO 4標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定至終點(diǎn)時(shí)(鈰被還原為Ce3+ ),消耗25.00 mL標(biāo)準(zhǔn)溶液。該產(chǎn)品中Ce(OH)4的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為______________ (結(jié)果保留兩位有效數(shù)字),Mr(Ce)=140。</p>&l
57、t;p> 【答案】 (1). H2SO4 (2). 使Fe2+氧化為Fe3+ (3). 取少許濾液1,滴加鐵氰化鉀溶液,有藍(lán)色沉淀生成,則證明濾液1中有Fe2+ (4). Fe2+ +2FeO(OH) == Fe3O4 +2H+ (5). 4Ce 3 ++ O2 +12OH-+2H2O ==4Ce(OH)4↓ (6). Fe3+ + 3H2O Fe(OH)3 + 3H+,酸性廢水抑制Fe3+的
58、水解(或水解平衡逆向移動(dòng)),使其不能生成有吸附作用的Fe(OH)3膠體 (7). 0.98或98%</p><p><b> 【解析】</b></p><p> 【詳解】(1)已知:CeO2不溶于稀硫酸,廢玻璃粉末(含SiO2、Fe2O3、CeO2、FeO等物質(zhì))中SiO2也不溶于酸,加入稀硫酸可將CeO2和SiO2與Fe2O3、FeO分離,故答案為:H2S
59、O4; </p><p> (2)濾液1中加入H2O2溶液的目的是使Fe2+氧化為Fe3+,故答案為:使Fe2+氧化為Fe3+;</p><p> (3)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)證明濾液1中含有Fe2+的方法為:取少許濾液1,滴加鐵氰化鉀溶液,有藍(lán)色沉淀生成,則證明濾液1中有Fe2+,故答案為:取少許濾液1,滴加鐵氰化鉀溶液,有藍(lán)色沉淀生成,則證明濾液1中有Fe2+;</p><p
60、> (4)已知Fe2+溶液可以和難溶于水的FeO(OH)反應(yīng)生成Fe3O4,該反應(yīng)的離子方程式為Fe2++2FeO(OH)═Fe3O4+2H+,故答案為:Fe2++2FeO(OH)═Fe3O4+2H+;</p><p> (5)由濾液2生成Ce(OH)4的反應(yīng)是濾液2加入堿并通入氧氣將Ce從+3氧化為+4后Ce3+轉(zhuǎn)化為沉淀Ce(OH)4,離子方程式為:4Ce 3++O2+12OH-+2H2O═4 Ce
61、(OH)4↓,故答案為:4Ce 3++O2+12OH-+2H2O═4 Ce(OH)4↓;</p><p> (6)硫酸鐵銨晶體[Fe2(SO4)3?2(NH4)2SO4?3H2O]廣泛用于水的凈化處理,但其在去除酸性廢水中的懸浮物時(shí)效率降低,其原因是:Fe3++3H2O?Fe(OH)3+3H+,酸性廢水抑制Fe3+的水解(或水解平衡逆向移動(dòng)),使其不能生成有吸附作用的Fe(OH)3膠體,故答
62、案為:Fe3++3H2O?Fe(OH)3+3H+,酸性廢水抑制Fe3+的水解(或水解平衡逆向移動(dòng)),使其不能生成有吸附作用的Fe(OH)3膠體;</p><p> (7)Ce(OH)4 ~~~~~FeSO4</p><p> xmol 0.10
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